Đáp án D

C₆H₅CH₂NH₂; CH₃-C₆H₄-NH₂ (-o, -m, -p)

Đáp án: C

n_Gly-Ala = a mol ⇒ (75 + 38)a + (89+ 38)a = 2,4 ⇒ a =0,01 mol

⇒ m = 0,01(75 + 89 -18) = 1,46 gam

Đáp án: C

Các chất tác dụng với NaOH: axit glutamic, metylamoni clorua, vinyl axetat, phenol, Gly-Gly

Đáp án: B

n_ancol = n_C3H₆O₂ = 0,9 mol ⇒ n_H2O = 0,45 mol ⇒ m = 0,45.18 = 8,1 gam

Đáp án: C

X(C_xH_yO₆) + O₂ → CO₂ + H₂O

Bảo toàn nguyên tố O: 6n_X + 2n_O2 = 2n_CO2 + nH₂O ⇒ n_X = 0,02 mol

Bảo toàn khối lượng: m_X = 1,44.44 + 19,8 – 1,63.32 = 17,8 gam

X + 3NaOH → muối + C₃H₅(OH)₃

Bảo toàn khối lượng: b = 17,8 + 0,02.3.40 – 0,02.92 = 18,36 gam

Đáp án: C

m_muối = m_{kim loại} + 96n_H2 = 3,22 + 96.0,06 = 8,98 gam

Đáp án: B

CO + O(oxit) → CO₂ ⇒ n_O = n_CO = 0,1 mol

⇒ m = 17,6 – 0,1.16 = 16 gam

300 ml  = 0,3 (lít)

n_C12H22O11 = V. C_M = 0,3.1 = 0,3 (mol)

→ m_C12H22O11 = n_C12H22O11× M_C12H22O11  = 0,3×342= 102,6 (g)

Chọn D

Isoamyl axetat có CTCT CH₃COOCH₂CH₂CH(CH₃)CH₃

→ được điều chế từ CH₃COOH và  CH₃CH(CH₃)-CH₂-CH₂-OH

Chọn A

M_X = 51,5. M_H2 = 51,5.2 = 103 (g/mol)

→ n_X = m_X : M_X = 41,2 : 103 = 0,4 (mol)

Đặt công thức este có dạng: RCOOR’

PTHH: RCOOR’ + NaOH → RCOONa + R’OH

(mol)    0,4           → 0,4        → 0,4        → 0,4

BTKL ta có: m_X + m_NaOH = m_muối + m_R’OH

→ 41,2 + 0,4.40 = 38,8 + m_R’OH

→  m_R’OH = 18,4 (g)

→ M_R’OH = m_R’OH : n_R’OH = 18,4 : 0,4 = 46 (g/mol)

→ ancol: C₂H₅OH

→ RCOOC₂H₅ có M = 103

→ R + 44 + 29 = 103

→ R = 30 (H₂N-CH₂-)

→ H₂N-CH₂-COOCH₂CH₃

Chọn B

Hỗn hợp X gồm 3 chất có công thức chung là C_m(H₂O)_n

n_CO2 = 52,8 : 44 = 1,2 (mol) → n_C = n_CO2 = 1,2 (mol)

n_H2O = 20,7 : 18 = 1,15 (mol) → n_{H2O(trong hhX)} = n_H2O = 1,15 (mol)

BTKL ta có: m_X = m_C + m_H2O = 1,2.12 + 1,15.18 = 35,1 (g)

Chọn B

Mỡ bôi trơn máy chủ yếu là các ankan mạch dài chứ không phải chất béo

Chọn C

Dùng quỳ tím phân biệt 3 chất trên.

Khi cho quỳ tím lần lượt vào 3 chất

+ quỳ tím chuyển sang màu xanh là etylamin

+ quỳ tím chuyển sang màu đỏ là axit axetic

+ quỳ tím không chuyển màu là glyxin

Chọn C

Vì chất béo trong X được tạo bởi các gốc axit béo no nên ta có k_X = 3

\(=>{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}} = 2{n_X} \\\to {n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}} = 2.0,1 = 0,2\,(1)\)

Áp dụng bảo toàn nguyên tố O: \(6{n_X} + 2{n_{{O_2}}} = 2{n_{C{O_2}}} + {n_{{H_2}O}}\)

\( \to 2{n_{C{O_2}}} + {n_{{H_2}O}} = 6.0,1 + 2.7,79 = 16,18(2)\)

Từ (1) và (2) \( \to {n_{C{O_2}}} = 5,46;{n_{{H_2}O}} = 5,26\)

Bảo toàn nguyên tố C: \({n_{CaC{{\rm{O}}_3}}} = {n_{C{O_2}}} = 5,46\,\,mol\)

Ta có: m_{dd giảm} = \({m_{CaC{{\rm{O}}_3}}} - ({m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}}) = 5,46.100 - (5,46.44 + 5,26.18)\)= 211,08 gam

A. Sai, các este ít tan trong nước

B. Sai, phản ứng thủy phân este trong môi trường axit là phản ứng 2 chiều, thuận nghịch

C. Đúng

D. Sai, phải triglixerit của các axit béo không no mới có phản ứng cộng hiđro.

Chọn C

Đốt X cho V_CO2 = V_H2O → X được cấu tạo từ C, H có thể có O và có chỉ số H gấp 2 lần chỉ số C trong phân tử

A. (C₆H₁₀O₅)_n → loại vì H không gấp 2 lần C

B. Loại vì số H không gấp 2 lần C

C.  Loại vì số H không gấp 2 lần số C

D. (-CH₂-CH(CH₃)-)_n  → Thỏa mãn

Chọn D

A. Sai, thu được tối đa 4 α-aminoaxit

B. Sai, phải từ tripeptit trở nên mới có phản ứng màu Biure

C. Sai, protein hình sợi không tan trong nước còn protein hình cầu tan trong nước tạo thành dd dạng keo

D. Đúng, có thể tạo ra 2 peptit đồng phân là Ala – Gly và Gly – Ala,

Chọn D

CH₃COOH làm quỳ tím chuyển đỏ

C₆H₅NH₂ không làm quỳ tím chuyển màu

CH₃NH₂; NH₃ làm quỳ tím hóa xanh

→ Có 2 dd làm quỳ tím chuyển xanh

Chọn C

Anilin + Br₂ → 2,4,6 – tribrom anilin (kết tủa trắng)

 (a) đúng, PTHH minh họa: 2C₃H₅(OH)₃ + Cu(OH)₂ → (C₃H₅(OH)₂O)₂Cu + 2H₂O

                                                                                             phức xanh

(b) đúng, vì phân tử glucozơ vẫn còn nhóm –CHO nên tham gia được phản ứng với dd Br₂

PTHH minh họa: CH₂OH(CH₂OH)₄CHO + Br₂ + H₂O \(\xrightarrow{{M{n^{2 + }},{t^0}}}\) CH₂OH(CH₂OH)COOH + 2HBr

(c) đúng, PTHH minh họa: CH₃COOC₂H₅ + 5O₂ \(\xrightarrow{{{t^0}}}\) 4CO₂ + 4H₂O

(d) đúng, PTHH minh họa: CH₃-CH(NH₂)-COOH + NaOH → CH₃-CH(NH₂)-COONa + H₂O

→ cả 4 phát biểu đúng

Chọn D

Glucozơ được dùng làm chất dinh dưỡng và thuốc tăng lực cho người già, trẻ em và người ốm vì nó dễ hấp thu và cung cấp nhiều năng lượng.

Chọn C

Các chất tham gia phản ứng thủy phân là: saccarozơ, tinh bột, xenlulozơ, tristearin, protein → có 5 chất

Chọn C

\(\begin{array}{l}{n_{C{H_3}COO{C_2}{H_5}}} = 2,2:88 = 0,025\,\,\,(mol)\\{n_{NaOH}} = {V_{NaOH}}.{C_M} = 0,1.0,2 = 0,02\,(mol)\end{array}\)

PTHH: CH₃COOC₂H₅ + NaOH → CH₃COONa + C₂H₅OH

pứ (mol)  0,02             ← 0,02    →  0,02

        dư 0,0005

NaOH pư hết, este dư. Mọi tính toán theo số mol NaOH

Theo PTHH: n_CH3COONa = n_NaOH = 0,02 (mol)

→ m_rắn = m_CH3COONa = 0,02×82 = 1,64 (g)

Chọn C

- n_CO2 = 14,52 : 44 = 0,33 (mol)

n_H2O = 35,82 : 18 = 1,99 (mol)

n_N2(đktc) = 2,688 : 22,4 = 0,12 (mol)

- Hh X các chất đều có 2 nguyên tử O trong phân tử

→ n_{O(trong X)} = 2n_X = 2.0,1 = 0,2 (mol)

- BTKL ta có: m_X = m_C + m_H + m_N + m_O(X) = 0,33.12 + 2.1,99 + 0,12.28 + 0,2.16 = 14,5 (g)

→ M_X = m_X : n_X = 14,5 : 0,1 = 145 (g/mol)

- \({d_{X/{H_2}}} = \dfrac{{{M_X}}}{{{M_{{H_2}}}}} = \dfrac{{145}}{2} = 72,5\)

Chọn C

este ban đầu là: CH₃COOCH₃

PTHH minh họa: CH₃COOCH₃ + NaOH → CH₃COONa (natri axetat) + CH₃OH

Chọn A

Tơ visco là tơ nhân tạo

Tơ tằm là tơ thiên nhiên

Tơ nilin -6,6 và tơ capron là tơ tổng hợp

Chọn A

Nilon -6,6 được tổng hợp bằng phản ứng trùng ngưng giữa axit ađipic và hexametilen điamin

nH₂N-(CH₂)₆ -NH₂ + nHOOC-(CH₂)₄-COOH \(\xrightarrow{{{t^0},p,xt}}\)  n-(-HN-(CH₂)₆-NH-CO-(CH₂)₄-CO-)-_n + 2nH₂O

hexametilenđiamin             axit ađipic                                             Nilon – 6,6

→ Cấu tạo nilon -6,6 có nhóm –NH-CO-

→ Thuộc tơ poliamit

Chọn C

Mật ong chứa nhiều fructozo chứ không chứa nhiều saccarzơ

Các thực phẩm còn lại: đường kính, mật mía, đường phèn chứa nhiều saccarzơ

Chọn B

CTPT của X: C₃H₆O₂

X có phản ứng tráng bạc → cấu tạo trong X có nhóm –CHO

X không tác dụng với Na → X không có nhóm –OH hay –COOH trong phân tử

Vậy CTCT của X thỏa mãn là: HCOOC₂H₅

Chọn A

Phân tử khối 1 mắt xích của X là: \({M_{mat\,xich}} = \frac{{Phan\,tu\,khoi\,X}}{{he\,so\,trung\,hop}} = \frac{{112500}}{{1800}} \\= 62,5\,(g/mol)\) → X là poli (vinyl clorua)  (-CH₂-CH(Cl)-)_n

Chọn D

Đốt cháy polietile (CH₂-CH₂)_n luôn thu được n_H2O = n_CO2

BTNT “C”: n­_CO2 = n_Ca(OH)2 = 200 : 100 = 2 (mol)

→ n_H2O = n_CO2 = 2 (mol)

Khối lượng bình H₂SO₄ đặc tăng chính là khối lượng của H₂O → m_{bình tăng} = m_H2O = 2×18 = 36 (g)

Chọn D

Glucozo và fructozo là đồng phân của nhau

Chọn B

n_N2(đktc) = 1,12 : 22,4 = 0,05 (mol)

BTNT “N”: n_X = 2n_N = 2.0,05 = 0,1 (mol) (Vì X đơn chức)

Amin đơn chức nên: n­_HCl = n_amin = 0,1 (mol) → V_HCl = n_HCl : C_M = 0,1 : 0,5 = 0,2 (lít) = 200 ml

Chọn A

A. Alanin: H₂N-CH₂(CH₃)-COOH → phản ứng với HCl theo tỉ lệ 1:1

B. Axit glutamic: HCOO-(CH₂)₂-CH(NH₂)-COOH  → phản ứng với HCl theo tỉ lệ 1:1

C. Lysin: H₂N- (CH₂)₄ –CH(NH₂)-COOH → phản ứng với HCl theo tỉ lệ 1:2

D. Valin: CH₃-CH(CH₃)-CH(NH₂)-COOH → phản ứng với HCl theo tỉ lệ 1:1

Chọn C

Áp dụng công thức: số triglixerit \(\frac{{{n^2}(n + 1)}}{2} = \frac{{{2^2}(2 + 1)}}{2} = 6\) với n là hỗn hợp axit béo ban đầu

Chọn D

Đặt công thức phân tử của este no, đơn chức, mạch hở là: C_nH_2nO₂ (đk: n ≥ 2)

Theo bài có:

\(\begin{array}{l}\% {m_C} = \frac{{12n}}{{14n + 32}}.100\%  = 48,648\% \\ \Rightarrow 1200n = 681,072n + 1556,736\\ \Rightarrow 518,928n = 1556,736\\ \Rightarrow n \approx 3\end{array}\)

Vậy công thức phân tử: C₃H₆O₂

Các đồng phân este: HCOOCH₂CH₃ ; CH₃COOCH₃

→ Có 2 CTCT

Chọn B

200 ml = 0,2 (lít)

n_NaOH = V_NaOH × C_M = 0,2×0,1 = 0,02 (mol)

PTHH: H₂N-CH₂-COOH + NaOH → H₂N-CH₂-COONa + H₂O

(mol)                                     0,02    → 0,02

→ m­_muối = m _{H2N-CH2-COONa} = 0,02. 97= 1,94 (g)

Chọn B

Gly – Ala là đi peptit nên không có phản ứng màu biure

Chọn B

Gọi công thức phân tử của Y là C_xH_yO₂Na (a mol)

PTHH: \(2{C_x}{H_y}{O_2}Na + (2{\rm{x}} + \dfrac{y}{2} - 1,5){O_2} \to (2{\rm{x}} - 1)C{O_2} + y{H_2}O + N{a_2}C{O_3}\)

Theo phương trình: \({n_{C{O_2}}} = \dfrac{{2{\rm{x}} - 1}}{2}{n_Y} \to \dfrac{{2{\rm{x}} - 1}}{2}.a = 0,3\)(1)

Và \({n_{{O_2}}} = (2{\rm{x}} + \dfrac{y}{2} - 1,5).\dfrac{1}{2}{n_Y} \\\to (2{\rm{x}} + \dfrac{y}{2} - 1,5).\dfrac{1}{2}a = 0,36\)(2)

Lấy (1) : (2) \(\dfrac{{2{\rm{x}} - 1}}{{2{\rm{x}} + \dfrac{y}{2} - 1,5}} = \dfrac{{0,3}}{{0,36}} \\\to  - 4{\rm{x}} + 5y = 3\)

Chọn x = y = 3 \( \to Y:C{H_2} = CH - COON{\rm{a}}\)

Thay x = 3 vào (1) => a = 0,12 mol

Gọi công thức phân tử của Z là C_xH_zO (0,12 mol)

PTHH: \({C_x}{H_z}O + (x + \dfrac{z}{4} - 0,5){O_2} \to xC{O_2} + \dfrac{z}{2}{H_2}O\)

Theo phương trình: \({n_{{O_2}}} = (x + \dfrac{z}{4} - 0,5){n_Z} \\\to 0,12.(x + \dfrac{z}{4} - 0,5) = 0,48\)

\( \to 0,12.(3 + \dfrac{z}{4} - 0,5) = 0,48 \\\to z = 6\)

Vậy X là CH₂=CH-CH₂OH

Vậy CT của X là CH₂=CHCOOCH₂CH=CH₂ 

X là este đơn chức nên CTPT của X: C₆H₈O₂

→ Tổng số nguyên tử có trong phân tử X là: 6 + 8 + 2 = 16

Chọn A

n_NaOH = 3n_este = 0,03 (mol)

n_C3H5(OH)3 = n_este  = 0,01 (mol)

BTKL ta có: m_X + m_NaOH = m_muối + m_C3H5(OH)3

→ m_X + 0,03.40 = 8,62 + 0,01.92

→ m_X = 8,34 (g)

→ M_X = m_X : n_X = 8,34 : 0,01 = 834 (g/mol)

Chọn A