M làm đổi màu quỳ tím, không tạo kết tủa Ag, M là axit axetic

P làm đổi màu quỳ tím và tạo kết tủa Ag, P là axit fomic

Q tạo kết tủa Ag, Q là anđehit axetic

R có pH > 7, R là anilin.

→ N là phenol

Giữa X và Y thì dựa vào pH, X có tính axit yếu là C₆H₅OH, Y có tính bazo yếu là C₆H₅NH₂

Còn lại Z,T thì dựa vào nhiệt độ sôi, Z có nhiệt độ sôi cao hơn nên là CH₃NH₂, T là NH₃

● Dẫn hỗn hợp khí qua dung dịch HCl thì CH₃NH₂ bị giữ lại do:

CH₃NH₂ + HCl → CH₃NH₃Cl ⇒ ta thu được khí CH₄.

● Lấy dung dịch thu được cho tác dụng với NaOH, đun nhẹ:

CH₃NH₃Cl + NaOH → CH₃NH₂↑ + NaCl + H₂O 

khi đốt cháy CH₃NH₂ tạo CO₂ kết tủa với Ca(OH)₂ dư, còn NH₃ thì không.

Anilin tạo kết tủa với brom nên có thể dùng phản ứng để nhận biết anilin

C₆H₅-NH₂ + 3Br₂ → C₆H₂(Br)₃-NH₂↓ + 3HBr

Nhỏ dung dịch Br₂ vào dung dịch phenol và anilin thì cả hai dung dịch đều tạo kết tủa nên không biệt được

Khi nhỏ dung dịch NaOH lần lượt vào hỗn hợp phenol, anilin, benzen, stiren sẽ thấy tạo thành nhóm dung dịch phân lớp gồm anilin, benzen, stiren. Dung dịch đồng nhất là phenol

Nhỏ lần lượt vào anilin, benzen, stiren vào dung dịch Br₂ thấy dung dịch Br₂ nhạt màu là stiren, tạo kết tủa là anilin. Benzen tạo dung dịch phân lớp Br₂ phía dưới, benzen bên trên ở phía bên trên

CH₃NH₂ (đặc) + HCl (đặc) → CH₃NH₃Cl (khói trắng).

Để phân biệt etylamin với phenylamin, ta dùng dung dịch Brom. Phenylamin tạo kết tủa trắng với brom còn etylamin thì không.

có thể dùng brom để phân biệt 3 chất lỏng: benzen, anilin và stiren:

• anilin ⇒ hiện tượng: dung dịch Br₂ mất màu dần và có tạo thành kết tủa trắng.

• stiren ⇒ hiện tượng: dung dịch brom mất màu dần.

• benzen không phản ứng với Br₂ → không có hiện tượng gì.

m (g) X + NaOH → (m +8,8) gam muối

→ khối lượng tăng là khối lượng của Na thay thế bằng H trong gốc COOH.

→ sự chênh lệch giữa Na và H là 22 → nCOO- = 8,8 :22 = 0,4 (mol)

m (g) X + NaOH → (m +10,95) gam muối → mtăng = mHCl

→ nNH₂ = nHCl = 10,95 : 36,5 = 0,3 (mol)

Gọi x và y lần lượt là số mol của Alanin và axit Glutamic

Ta có hệ phương trình: 

nCOO⁻ = x + 2y = 0, 4 và nNH₂ = x + y = 0, 3

⇒ x = 0, 2 và y = 0, 1

→ m = mAla + mGlu = 0,2.89 + 0,1.147 = 32,5 (g)

Đáp án B

Gọi số mol axit glutamic và lysin lần lượt là x, y (mol)

Ta bỏ qua giai đoạn trung gian tạo dd Y, coi như ban đầu hỗn hợp X và HCl phản ứng với NaOH

Ta có hệ phương trình:

∑nhhX = x + y = 0,45 và ∑nNaOH = 2x + y + 0, 05 = 0, 8

⇒ x = 0,3 và y = 0,15 = nLysin

Đáp án B

nCO₂ = 0,6 mol; nH₂O = 0,675 mol

nH₂O > nCO₂ nên amino axit phải có dạng là C_nH_2n+1NO₂

Đốt amino axit: nH₂O – nCO₂ = 0,5n a.a

Đốt axit: nH₂O – nCO₂ = 0 

 ∑nH₂O - ∑nCO₂ = 0,5.n a.a = 0,075 → n a.a = 0,15 mol

Tỉ lệ: 0,25 mol hỗn hợp chứa 0,15 mol a.a

→     0,2 mol                          0,12 mol

→ nHCl = n a.a = 0,12 mol

Đáp án B 

Coi dd Y chứa C₃H₇O₂N : 0,15 mol và NaOH : x mol

Y + HCl thì nHCl  = n_{nhóm –NH2}  + nOH^-  = 0,15 + x = 0,25 → X = 0,1

→ V = 100 ml

Đáp án B

3CH₃NH₂ + AlCl₃ + 3H₂O → Al(OH)₃ + 3CH₃NH₃Cl

Như bạn đã biết, nhóm NH₂ có tác dụng hoạt hóa vòng benzen, tăng cường khẳ năng thế H ở vòng này. Do đó, anilin dễ dàng tham gia phản ứng thế với nước brom ngay ở điều kiện thượng, tạo thành kết tủa 2,4,6-tribromanilin.

Một phân tử saccarôzơ bị thủy phân thành một phân tử glucôzơ và một phân tử fructôzơ

Nhỏ nước clo vào natri iotua có phản ứng: Cl₂ + 2NaI → 2NaCl + I₂.

Sau đó, X tác dụng với I₂ tạo hợp chất màu xanh tím ⇒ X là tinh bột.

Ta có phương trình phản ứng:

C₆H₇O₂(OH)₃ + 3HNO₃ → C₆H₇O₂(ONO₂)₃ + 3H₂O (1)

Từ phương trình hóa học ta nhận thấy:

3 mol HNO₃ tạo ra được 1 mol C₆H₇O₂(ONO₂)₃  

→ 186 gam HNO₃ tạo ra được 297 gam C₆H₇O₂(ONO₂)₃  

→ x gam HNO₃ tạo ra 29,7 kg C₆H₇O₂(ONO₂)₃  

→ x = 18,6 kg

Mặt khác, hiệu suất của quá trình bằng 90%

→ Thực tế khối lượng HNO₃ tinh khiết cần dùng là:

18,6 : 90 . 100% = 62/3 (kg)

→ Khối lượng dung dịch HNO₃ 96% đã dùng là:

62/3 : 96 . 100 = 21,53 (kg)

→ Thể tích dung dịch HNO₃ 96% đã dùng là:

21,53 : 1,52 = 14,16 lít

Ta có phương trình phản ứng:

C₆H₇O₂(OH)₃ + 3HNO₃ → C₆H₇O₂(ONO₂)₃+3H₂O (1)

Từ phương trình ta nhận thấy:

1 mol C₆H₇O₂(OH)₃↔ 1 mol C₆H₇O₂(ONO₂)₃  

→ 162 gam C₆H₇O₂(OH)₃↔ 297 gam C₆H₇O₂(ONO₂)₃

→ 2 tấn C₆H₇O₂(OH)₃↔ x tấn C₆H₇O₂(ONO₂)₃

→ x = 2.297 : 162 = 11/3 tấn

Mặt khác, hiệu suất của phản ứng là 60%

→ Khối lượng của xenlutrinitrat thu được sau quá trình điều chế là:

11/3.60% = 2,2 tấn.

n C₆H₁₀O₅ = 150 : 162 = 25/27 (mol)

Ta có phương trình phản ứng:

C₆H₁₀O₅ + H₂O \(\xrightarrow{xt,{{t}^{0}}}\) C₆H₁₀O₆ (1)

C₆H₁₀O₆ \(\xrightarrow{xt,{{t}^{0}}}\) 2 C₂H₅OH + 2 CO₂ (2)

(1) n C₆H₁₀O₆ = n C₆H₁₀O₅ = 25/27 mol

(2) nC₂H₅OH = 2nC₆H₁₀O₆ = 50/27 mol

Mặt khác, hiệu suất của phản ứng là 81%

→ nC₂H₅OH thực tế thu được là:

50/27.81% = 1,5 mol

mC₂H₅OH tinh khiết là:

1,5.46 = 69 (gam)

VC₂H₅OH tinh khiết là:

69 : 0,8 = 86,25 (ml)

→ VC₂H₅OH 46^o là : 86,25 : 46.100 = 187,5 ml

Khối lượng tinh bột có trong 1kg bột gạo là:

1000 . 80 : 100 = 800 (gam)

→ nC₆H₁₀O₅ = 800 : 162 = 400/81 (mol)

Ta có phương trình phản ứng:

C₆H₁₀O₅    +    H₂O →   C₆H₁₂O₆ (1)

(1) →  n C₆H₁₂O₆ = nC₆H₁₀O₅ = 400/81 (mol)

→  mC₆H₁₂O₆ = 400/81.180 = 888,89 gam = 0,89 kg

- Tinh bột được liên kết từ các phân tử glucozo bởi liên kết α-1,4-glicozit và α-1,6-glicozit.

- Xenlulozo được liên kết từ các phân tử glucozo bởi liên kết β-1,4-glicozit.

→ Khác nhau về cấu trúc mạch cacbon.

(2) sai do glucoxo được gọi là đường nho

(3) sai, tinh bột là chất không có vị

(5) sai, tinh bột thủy phân tạo thành glucozo

m Br₂ = 160.20 : 100 = 32 (gam)

n Br₂ = 32 : 160 = 0,2 mol

Ta có phương trình:

CH₂OH[CHOH]₄CHO + Br₂ + H₂O → CH₂OH[CHOH]₄COOH + 2HBr (1)

(1) → nGlucozo = nBr₂ = 0,2 mol

→ m Glucozo = 0,2.180 = 36 gam

→ m Saccarozo = 50 – 36 = 14 gam

% m Saccarozo = 14 : 50.100% = 28%

Khối lượng saccarozo có trong dung dịch là:

62,5.17,1 : 100 = 10,6875 gam

nSaccarozo = 10,6875 : 342 = 0,03125 (mol)

Ta có phương trình:

C₁₂H₂₂O₁₁  +  H_2­O  → C₆H₁₂O₆   +   C₆H₁₂O₆            (1)

saccarozơ                     glucozơ      fructozơ

→ nGlucozo = nFructozo = 0,03125 (mol)

n Ag = 2.nGlucozo + 2.nFructozo = 2x (0,03125 + 0,03125) = 0,125 mol

→ mAg = 0,125.108 = 13,5 gam

Rỉ đường là phần nước đường không thể kết tinh do lẫn tạp chất.

Đáp án D

(1) Sai vì saccarozo không màu.

(2) Đúng.

(3) Sai vì saccarozo không có nhóm -CHO.

(4) Đúng.

(5) Sai vì saccarozo chỉ bị thủy phân trong môi trường axit khi đun nóng.

Đáp án B 

Ứng dụng của saccarozo là

- Nguyên liệu cho công nghiệp thực phẩm

- Thực phẩm quan trọng của con người

- Dùng để pha chế 1 số thuốc dạng bột hoặc lỏng

Đáp án D 

Khi thủy phân saccarozo trong môi trường axit thu được sản phẩm là glucozo và fructozo

Đáp án C 

Glucozo, fructozo (C₆H₁₂O₆): monosaccarit

C₂H₄O₂: không phải đường

Tinh bột, xenlulozo ((C₆H₁₀O₅)_n): polisaccarit

Saccarozo, mantozo (C₁₂H₂₂O₁₁): đisaccarit

Đáp án D

Dung dịch saccarozo có thể phản ứng với tất cả các chất trong nhóm Cu(OH)₂, H₂SO₄ loãng,Na

Đáp án A loại vì CuSO₄

Đáp án C loại vì AgNO₃/NH₃

Đáp án D loại vì H₂, Br₂ 

Ta có: n_KOH = 0,1 .0,003 = 0,0003 (mol)

⇒ m_KOH = 0,0003 .56 = 0,0168(gam) = 16,8 (mg)

Vậy chỉ số axit = 16,8/2,8 = 6

Ta có: n_KOH = n_NaOH = 0,09 x 0,1 = 0,009 (mol)

⇒ m_KOH = 0,009 x 56 = 0,504 (gam) = 504 (mg)

1 gam lipit cần: 504/2,52 = 200 (mg) KOH

Vậy chỉ số xà phòng là 200

Theo định nghĩa, chỉ số axit của chất béo bằng 7 nghĩa là muốn trung hòa lượng axit béo tự do trong 1 gam chất béo phải dùng 7 mg KOH. Vậy muốn trung hòa axit béo tự do trong 5 gam chất béo có chỉ số 7 thì phải dùng 5.7 = 35 mg KOH, hay 0,035/56 mol KOH

⇒ 0,035/56 mol OH^- ⇒ 0,035/56 mol NaOH ⇒ khối lượng NaOH cần để trung hòa axit tự do trong 5 gam chất béo có chỉ số axit bằng 7 là:

    m_NaOH = 0,035/56*40g = 25(mg) = 0,025g

Ta có: m_KOH cần dùng = 7 x 100 = 700 mg = 0,7 (gam)

⇒ n_KOH = 0,7/56 = 0,0125 (mol)

Phản ứng

RCOOH + KOH → RCOOK + H2O

0,012         0,0125     0,0125

nKOH phản ứng với lipit = (17,92 : 56) - 0,0125 = 0,3075 mol

(RCOO)₃C₃H₅ + 3KOH → C₃H₅(OH)₃ + 3RCOOK

0,3075/3               0,3075

Vậy m_muối = 100 + m_KOH - m_H2O - mglixerol = 100 + 17,92 – 0,0125 x 18 – 0,3075/3 x 92 = 108, 265 (gam)

Gọi công thức este đơn chức X là RCOOR'

Ta có: n_KOH = 0,1*1 = 0,1(mol)

RCOOR' + KOH → RCOOK + R'OH         (1)

Từ (1) ⇒ n_R'OH = 0,1(mol) ⇒ M_R'OH = 4,6/0,1 = 46

⇒ R' = 29 ⇒ C₂H_5-   

Y: C₂H₅OH ⇒ X là CH₃COOC₂H₅( vì M_X = 88) : etyl axetat

Gọi công thức của este no, đơn chức là C_nH_2nO₂

Khi xà phòng hóa thì : n_este = n_NaOH

n_este = 0,3 .0,5 = 0,15 (mol) ⇒ M_este = 17,4/0,15 = 116

14n + 32 = 116 ⇒ n = 6

Ta có : n_CO2 = 6,72/22,4 = 0,3 (mol) và nH₂O = 5,4/18 = 0,3 (mol)

Vì khi đốt cháy X thu được nH₂O = nCO₂ nên X là este no đơn chức

Gọi công thức của este no, đơn chức là : C_nH_2nO₂ (n ≥ 2)

Phản ứng:

CnH2nO2 + (3n-2)/2O2 → nCO2 + nH2O  (1)

0,3/n                                      0,3

Theo đề bài, ta có: M_X = (0,3/n).(14n + 32) = 7,4 ⇒ n = 3

Vậy công thức phân tử của X là : C₃H₆O₂.