Ta có n_Fe(NO3)3 = n_Fe = 0,1 mol; n_Al(NO3)3 = n_Al = 0,2 mol

⟹ m_Fe(NO3)3 + m_Al(NO3)3 = 66,8 gam < 68,8 gam ⟹ Muối còn chứa NH₄NO₃.

⟹ m_NH4NO3 = 68,8 - 66,8 = 2 gam ⟹ n_NH4NO3 = 2/80 = 0,025 mol.

Đặt n_NO = 2x; n_NO2 = x (mol).

Quá trình nhường e:

Fe → Fe³⁺ + 3e

0,1→            0,3    (mol)

Al → Al³⁺ + 3e

0,2 →          0,6     (mol)

⟹ n_{e nhường} = 0,3 + 0,6 = 0,9 mol.

Quá trình nhận e:

N⁺⁵ + 3e → N⁺²

        6x ← 2x       (mol)

N⁺⁵ + 1e → N⁺⁴

         x  ←  x        (mol)

N⁺⁵ + 8e  →   N^-3

        0,2 ← 0,025 (mol)

⟹ n_{e nhận} = 6x + x + 0,2 = 7x + 0,2 (mol).

Áp dụng bảo toàn e ⟹ 7x + 0,2 = 0,9 ⟹ x = 0,1.

⟹ V_X = (0,2 + 0,1).22,4 = 6,72 lít.

Chọn A.

n_NaOH = 0,2 mol.

Gọi công thức axit là R(COOH)_t.

PTHH: R(COOH)_t + tNaOH → R(COONa)_t + tH₂O.

(mol)        0,2/t         ← 0,2

Mặt khác, m_axit = n_axit.M_axit 

⟹ \(\frac{{0,2}}{t}\).(R + 45t) = 9 ⟹ R = 0.

⟹ Axit là HOOC-COOH (axit oxalic).

Chọn C.

n_Ag = 32,4/108 = 0,3 mol

R(CHO)_t  → 2tAg

0,15/t        ←  0,3 (mol)

⟹ M_anđehit = m_anđehit : n_anđehit = 4,35 : (0,15/t) = 29t.

⟹ R + 29t = 29t ⟹ R = 0

⟹ Anđehit là OHC-CHO.

Chọn B.

Các chất làm mất màu dung dịch brom là: vinyl axetilen, phenol, propilen, buta-1,3-đien (4 chất).

Vinyl axetilen:

CH≡C-CH=CH₂ + 3Br₂ → CHBr₂-CBr₂-CHBr-CH₂Br.

Phenol:

C₆H₅OH + 3Br₂ → C₆H₂Br₃OH ↓ + 3HBr.

Propilen:

C₃H₆ + Br₂ → C₃H₆Br₂.

Buta-1,3-đien:

CH₂=CH-CH=CH₂ + 2Br₂ → CH₂Br-CHBr-CHBr-CH₂Br.

Chọn B.

n_H2SO4 = 0,005 mol; n_HCl = 0,01 mol

⟹ n_H⁺ = 2n_H2SO4 + n_HCl = 0,02 mol.

n_NaOH = 0,02 mol; n_Ba(OH)2 = 0,01 mol

⟹ n_OH^- = n_NaOH + 2n_Ba(OH)2 = 0,04 mol.

PT ion rút gọn: H⁺ + OH^- → H₂O

⟹ n_{OH dư} = 0,04 - 0,02 = 0,02 mol.

⟹ [OH^-] = 0,02/(0,1 + 0,1) = 0,1 mol/l

⟹ [H⁺] = 10^-14 : 0,1 = 10^-13 ⟹ pH = 13.

Chọn A.

CTTQ hiđrocacbon là C_nH_2n+2-2k (với k là số liên kết π).

PTHH: C_nH_2n+2-2k + kBr₂ → C_nH_2n+2-2kBr_2k

(mol)        0,05  →  0,05k   →     0,05

Theo đề bài %m_Br = 69,56%

⟹ \(\frac{{80.2k}}{{14n + 2 + 158k}}.100 = 69,56\)

⟹ 160k = 9,7384n + 1,3912 + 109,9048k

⟹ 50,0952k = 9,7384n + 1,3912

⟹ 36k = 7n + 1

⟹ k = 1; n = 5 thỏa mãn

⟹ CTPT của X là C₅H₁₀ và m_Br2 = 0,05.160 = 8 gam.

Chọn D.

Coi hỗn hợp ban đầu gồm: C₃H₅(OH)₃ và C_nH_2n+1OH

(lưu ý: H₂O có dạng C₀H_2.0+1OH).

Giả sử n_{hỗn hợp} = x mol

⟹ n_C3H5(OH)3 = 25%.x = 0,25x (mol)

⟹ n_CnH2n+1OH = x - 0,25x = 0,75x (mol)

*Khi cho hỗn hợp tác dụng với Na:

C₃H₅(OH)₃ + 3Na → C₃H₅(ONa)₃ + 1,5H₂

0,25x                       →                      0,375x (mol)

C_nH_2n+1OH + Na → C_nH_2n+1ONa + 0,5H₂

0,75x                     →                      0,375x   (mol)

Theo đề bài n_H2 = 3,36/22,4 = 0,15 mol

⟹ 0,375x + 0,375x = 0,15

⟹ x = 0,2

⟹ n_C3H5(OH)3 = 0,25x = 0,05 mol;

n_CnH2n+1OH = 0,75x = 0,15 mol.

*Khi đốt cháy hỗn hợp:

C₃H₅(OH)₃ → 4H₂O

0,05              → 0,2

C_nH_2n+1OH → (n+1)H₂O

0,15          →  (n+1).0,15

⟹ 0,2 + 0,15(n+1) = 11,34/18 ⟹ n = 28/15.

⟹ m_{hỗn hợp} = 0,05.92 + 0,15.\(\left( {14.\frac{{28}}{{15}} + 18} \right)\) = 11,22 gam.

Chọn B.

Quy đổi X thành C (x mol) và H (y mol).

+) m_C + m_H = 12,7 ⟹ 12x + y = 12,7

+) n_O2 = x + y/4 = 1,335

⟹ x = 0,92 và y = 1,66

BTKL pư nung X: m_Y = m_X = 12,7 gam

⟹ n_Y = 12,7 : (127/3) = 0,3 mol.

*Giả sử trong Y chứa:

CH≡C-CH=CH₂: a mol

CH≡C-CH₂-CH₃: b mol

CH≡CH: c mol

+) m _{kết tủa} = m_C4H3Ag + m_C4H5Ag + m_C2Ag2 = 23,98 gam

⟹ m _{kết tủa} = 159a + 161b + 240c = 23,98 (1)

+) n_Y = n _{hiđrocacbon bị AgNO3 hấp thụ} + n_Z

⟹ a + b + c + 0,18 = 0,3 (2)

+) Trong Z chứa:

n_C = 0,92 - 4a - 4b - 2c (BTNT.C)

n_H = 1,66 - 4a - 6b - 2c + 0,11.2 (BTNT.H)

Z là ankan nên nếu đốt Z thì: n_Z = n_H2O - n_CO2

0,18 = (1,88 - 4a - 6b - 2c)/2 - (0,92 - 4a - 4b - 2c) (3)

Giải hệ (1)(2)(3): a = 0,04; b = 0,02; c = 0,06.

⟹ %m_{C2H2 (Y)} = 12,28%.

Chọn A.

n_NO = 0,08 mol.

Quá trình nhận e:

N⁺⁵ + 3e  →   N⁺²

       0,24 ← 0,08

Quá trình nhường e:

X    →    Xⁿ⁺ + ne

0,24/n  ←       0,24 (mol)

⟹ M_X = 7,68 : (0,24/n) = 32n

⟹ n = 2; M = 64 thỏa mãn ⟹ Kim loại là Cu.

Do HNO₃ dư ⟹ Dung dịch Y có HNO_3dư; Cu(NO₃)₂.

Trung hòa HNO₃ trong Y cần 0,18 mol KOH

⟹ Dung dịch Z có n_KNO3 = 0,18 mol; n_Cu(NO3)2 = 0,12 mol.

KNO₃ → KNO₂ + 0,5O₂

0,18 →                    0,09 (mol)

Cu(NO₃)₂ → CuO + 2NO₂ + 0,5O₂

0,12      →                 0,24 →  0,06  (mol)

Hỗn hợp khí T có: n_NO2 = 0,24 mol; n_O2 = 0,15 mol.

⟹ M_T = (m_NO2 + m_O2)/(n_NO2 + n_O2) ≈ 40,6

⟹ d_T/N2 = 40,6/28 = 1,45.

Chọn D.

m_{kết tủa} = 15 gam ⟹ n_CaCO3 = n_CO2(X) = 0,15 mol.

m_giảm = m_O(oxit) = 1,6 gam ⟹ n_CO = n_O(oxit) = 0,1 mol.

Trong 11,2 lít hỗn hợp khí X có chứa 0,15 mol CO₂; 0,1 mol CO.

⟹ Trong 5,6 lít hỗn hợp khí X có chứa 0,075 mol CO₂; 0,05 mol CO.

Khi cho 5,6 lít hỗn hợp X tác dụng CuO dư:

⟹ n_{CO2 tạo thành} = n­_CO = 0,05 mol

⟹ Σn_CO2 = n_CO2(X) + n_{CO2 tạo thành} = 0,075 + 0,05 = 0,125 mol

⟹ n_{kết tủa} = n_CO2 = 0,125 mol (do Ca(OH)₂ dư)

⟹ m_CaCO3 = 0,125.100 = 12,5 gam.

Chọn C.

nCH₂=CHCl \(\xrightarrow{{{t}^{o}},xt,p}\) (-CH₂-CHCl-)_n

                                     Poli(vinyl clorua) (PVC)

nCH₂=CH-CH=CH₂ \(\xrightarrow{{{t}^{o}},xt,p}\) (-CH₂-CH=CH-CH₂-)_n

                                                          Cao su buna

nCH₂=CH₂ \(\xrightarrow{{{t}^{o}},xt,p}\) (-CH₂-CH₂-)_n

                                   Polietilen (PE)

nCF₂=CF₂ \(\xrightarrow{{{t}^{o}},xt,p}\) (-CF₂-CF₂-)_n

                                       Teflon

Chọn B.

Metyl: CH₃-

Etyl: CH₃CH₂-

Propyl: CH₃CH₂CH₂-

Butyl: CH₃CH₂CH₂CH₂-

Chọn B.

Anken cộng hiđro vào liên kết đôi tạo thành ankan.

C_nH_2n + H₂ \(\xrightarrow{Ni,{{t}^{o}}}\) C_nH_2n+2.

Chọn B.

Điều kiện để xảy ra phản ứng cộng H₂ vào anken là Ni, t^o.

Chọn C.

Isopren: CH₂=C(CH₃)-CH=CH₂ ⟹ CTPT: C₅H₈ ⟹ có 8 nguyên tử H.

Chọn A.

Toluen có công thức là C₆H₅-CH₃.

Chọn B.

Chất hữu cơ có khả năng phản ứng với AgNO₃/NH₃ phải có nhóm chức CHO, hoặc là ankin có liên kết ba đầu mạch ⟹ But-1-in phản ứng được với AgNO₃/NH₃.

PTHH: CH₃-CH₂-C≡CH + AgNO₃ + NH₃ → CH₃-CH₂-C≡CAg + NH₄NO₃.

Các chất but-1,3-đien, but-2-in, pent-2-in không tác dụng với AgNO₃/NH₃.

Chọn B.

Giả sử xét 1 mol C₄H₁₀.

d_X/H2 = 21,75 ⟹ M_X = 43,5

Dùng BTKL: m_C4H10 = m_X ⟹ 1.58 = 43,5.n_X ⟹ n_X = 4/3 mol

Ta có: n_{C4H10 pư} = n_X - n_{C4H10 bđ} = 4/3 - 1 = 1/3 mol

⟹ n_{C4H10 dư} = n_{C4H10 bđ} - n_{C4H10 pư} = 1 - 1/3 = 2/3 mol

%V_C4H10 = \(\frac{{2/3}}{{4/3}}.100\% \) = 50%.

Chọn D.

Hiđrocacbon mà trong phân tử có hai liên kết đôi C=C được gọi là ankađien.

Chọn D.

Chất CH₃-CH=CH-CH₃ thỏa mãn điều kiện có đồng phân hình học.

Chọn C.

Công thức phân tử ankan là C_nH_2n+2.

C_nH_2n+2 \(\xrightarrow{+{{O}_{2}},{{t}^{o}}}\) n CO₂ + (n+1) H₂O.

⟹ n_CO2 < n_H2O.

Chọn C.

Số π_C2H2 = (2.2 + 2 - 2)/2 = 2 ⟹ C₂H₂ chỉ có thể chứa 1 liên kết ba

⟹ C₂H₂ thuộc dãy đồng đẳng ankin.

Chọn D.

Tên thay thế của CH₃-CH=O là: etanal.

Chọn A.

A có CTPT là C_xH_y thì ta có

\(x:y = \frac{{\% {m_C}}}{{{M_C}}}:\frac{{\% {m_H}}}{{{M_H}}} = \frac{{92,3\% }}{{12}}:\frac{{100\% {\rm{\;}} - 92,3\% }}{1} = 1:1\)

⟹ CTĐGN là CH ⟹ CTPT có dạng C_nH_n

Theo đề bài, M_A < 120 ⟹ 13n < 120 ⟹ n < 9,23

Mặt khác A là hiđrocacbon thơm nên có tối thiểu 6C ⟹ 6 ≤ n < 9,23

Trong phân tử hiđrocacbon, số nguyên tử H là số chẵn nên n = 6 hoặc n = 8

+ Nếu n = 6 ⟹ A là C₆H₆

C₆H₆ + nBr₂ → C₆H_6-nBr_n + nHBr

Ta có phương trình:

\(\% {m_C} = \frac{{72}}{{78 + 79n}}.100\% {\rm{\;}} = 36,36\% {\rm{\;}} \to n = 1,56\) (loại)

+ Nếu n = 8 ⟹ A là C₈H₈

C₆H₅CH=CH₂ + Br₂ → C₆H₅CHBr-CH₂Br

\( \to \% {m_C} = \frac{{12.8}}{{12.8 + 8 + 80.2}}.100\% {\rm{\;}} = 36,36\% \) (thỏa mãn)

Vậy A là C₈H₈.

Chọn C.

A: CH₃OH ⟹ metanol / ancol metylic.

B: CH₃COOH ⟹ axit axetic.

C: HCHO ⟹ fomanđehit / anđehit fomic.

D: C₂H₅OH ⟹ etanol / ancol etylic.

Chọn D.

A: C₆H₆ ⟹ benzen.

B: CH₄ ⟹ metan.

C: C₂H₄ ⟹ CH₂=CH₂: etilen.

D: C₂H₃ ⟹ CH₂=CH-: nhóm vinyl.

Chọn B.

CTPT của buten là C₄H₈.

⟹ %m_C = \(\frac{{4.12}}{{4.12 + 8}}.100\% \) = 85,71%.

Chọn C.

- Phản ứng nung C₄H₁₀:

Gọi số mol C₄H₁₀ ở các phản ứng (1), (2), (3), (4) lần lượt là x, y, z, t (mol).

PTHH:

C₄H₁₀ → CH₄ + C₃H₆             (1)

   x       →  x          x

C₄H₁₀ → C₂H₆ + C₂H₄            (2)

   y    →     y           y

C₄H₁₀ → C₄H₈ + H₂                (3)

   z    →     z         z

C₄H₁₀ → C₄H₆ + 2H₂              (4)

   t       →    t         2t

- Khi cho T + Br₂:

n_Br2 = n_C3H6 + n_C2H4 + n_C4H8 + 2n_C4H6 = x + y + z + 2t = 0,12 mol (*)

- Đốt T cũng như đốt C₄H₁₀ (do lượng nguyên tố giống nhau): Theo đề n_CO2 = 0,4 mol;  n_H2O = 0,5 mol ⟹ n_C4H10 = 0,5 - 0,4 = 0,1 mol

⟹ x + y + z + t = 0,1 (**)

Từ (*) và (**) ⟹ n_C4H6 = t = 0,02 mol

 ⟹ n_{hỗn hợp T} = 2x + 2y + 2z + 3t = 2.(x + y + z + t) + t = 0,22 mol

%n_C4H6 = (0,02/0,22).100% = 9,091%.

Chọn A.

CTTQ của ancol no, đơn chức, mạch hở là: C_nH_2n+2O (n ≥ 1).

Ta có: \(\% {m_H} = \frac{{2n + 2}}{{14n + 18}}.100\% {\rm{\;}} = 13,04\% {\rm{\;}} \to n = 2\)

⟹ CTCT của ancol là C₂H₅OH.

Chọn C.

- Axit CH₃COOH (axit axetic) có trong giấm ăn.

- Axit HCOOH (axit fomic) có trong nọc kiến.

- Axit HOOC-COOH (axit oxalic) có trong nhiều loài thực vật như rau muối, me chua đất, …

- Axit CH₃-CH(OH)-COOH (axit lactic) có trong sữa chua.

Chọn D.

Giả sử n_CO2 = 2 mol; n_H2O = 3 mol.

Dựa vào đáp án ta thấy 2 ancol đều no ⟹ n_ancol = n_H2O - n_CO2 = 3 - 2 = 1 mol.

⟹ C_tb = n_CO2/n_ancol = 2/1 = 2.

Vì 2 ancol có số mol bằng nhau ⟹ C₂H₅OH và C₂H₄(OH)₂.

Chọn D.

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{{C_2}{H_2}:x}\\{{H_2}:y}\end{array}} \right. \to \left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{x + y = \frac{{2,24}}{{22,4}} = 0,1}\\{\frac{x}{y} = \frac{2}{3}}\end{array}} \right. \to \left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{x = 0,04}\\{y = 0,06}\end{array}} \right.\)

\(X\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}}{{C_2}{H_2}:0,04}\\{{H_2}:0,06}\end{array}} \right.\mathop  \to \limits^{Ni,{t^o}} Y\mathop  \to \limits^{ + B{r_2}} Z\left( {{n_Z} = 0,04;{M_Z} = 9} \right)\)

Khối lượng bình brom tăng bằng khối lượng hiđrocacbon không no bị hấp thụ vào dd Br₂.

BTKL: m_X = m_Y = m_{bình Br2 tăng} + m_Z

⟹ 0,04.26 + 0,06.2 = m_{bình Br2 tăng} + 0,04.9

⟹ m_{bình Br2 tăng} = 0,8 gam

Chọn A.

Phản ứng ete hóa 2 ancol khác nhau:

            2A-OH → A-O-A + H₂O

            2B-OH → B-O-B + H₂O

            A-OH + B-OH → A-O-B + H₂O

BTKL: m_H2O = m_ancol - m_ete = 132,8 - 111,2 = 21,6 gam ⟹ n_H2O = 1,2 mol.

Theo các PTHH: n_ete = n_H2O = 1,2 mol.

Sau phản ứng thu được 3 ete và các ete này có số mol bằng nhau ⟹ n_{mỗi ete} = 1,2/3 = 0,4 mol.

Chọn B.

- HCl, NaHCO₃, CH₃COOH không tác dụng với C₆H₅OH.

- KOH phản ứng với phenol theo PTHH: C₆H₅OH + KOH → C₆H₅OK + H₂O.

Chọn B.

Những người sử dụng nhiều rượu bia có nguy cơ cao mắc bệnh ung thư gan.

Chọn D.

Ancol metylic: CH₃OH

Ancol etylen glicol: C₂H₄(OH)₂

⟹ Số nguyên tử C bằng số nhóm OH.

Phản ứng giữa ancol với Na có thể viết gọn: OH + Na → ONa + ½ H₂

⟹ n_OH = 2n_H2 = 0,2 mol = n_CO2

⟹ a = 0,2.44 = 8,8 gam.

Chọn C.

Các đồng phân cấu tạo là ankađien ứng với công thức C₅H₈:

(1) CH₂=C=CH-CH₂-CH₃

(2) CH₂=CH-CH=CH-CH₃

(3) CH₂=CH-CH₂-CH=CH₂

(4) CH₂=C=C(CH₃)-CH₃

(5) CH₂=CH-C(CH₃)=CH₂

⟹ 5 đồng phân cấu tạo.

Chọn C.

A: C₂H₅OH + 3O₂ \(\xrightarrow{{{t}^{o}}}\) 2CO₂ + 3H₂O.

B: C₂H₅OH không tác dụng KOH

C: CH₃CH₂OH + CuO \(\xrightarrow{{{t}^{o}}}\) CH₃CHO + Cu + H₂O.

D: C₂H₅OH + Na → C₂H₅ONa + 0,5H₂.

Chọn B.

Từ 5 lít rượu 46^o ⟹ V_{C2H5OH nguyên chất} = 5000.46/100 = 2300 ml

m_C2H5OH = D.V = 0,8.2300 = 1840 gam ⟹ n_C2H5OH = 40 mol

Sơ đồ: C₆H₁₀O₅ → 2C₂H₅OH

                20 ←            40       (mol)

⟹ m_C6H10O5(LT) = 20.162 = 3240 gam

⟹ m_C6H10O5(TT) = 3240.(100/72) = 4500 gam = 4,5 kg.

Chọn D.

Dãy đồng đẳng của ankan có công thức chung C_nH_2n+2 (n ≥ 1).

⟹ Dãy đồng đẳng metan là: CH₄, C₂H₆, C₄H₁₀, C₅H₁₂.

Chọn D.