C₆H₁₂O₆ -> 2C₂H₅OH + 2CO₂

2 mol      ->    2.2.80% = 3,2 mol

V = m : D => V_dd = V_C2H5OH : 46% = 400 ml

Đáp án A

C₆H₁₂O₆ -> 2CO₂ -> 2CaCO₃

0,23.80%       ->       2. 0,23. 80% = 0,368 mol

=> m = 36,8g

Đáp án C  

nCO₂=nCaCO₃=40/100=0,4 mol

Glucozo → 2CO₂

n glucozo = 0,5nCO₂=0,2 mol

=> m _{glucozo ban đầu} = 0,2.180.100/80=45 gam

Đáp án A

Chỉ có Glucozo phản ứng với brom => n_Glucozo = n_Br2 = 0,05 mol

=> 2n_Glucozo + 2n_Fructozo = n_Ag => n_Fructozo = 0,15 mol

Đáp án A

Bệnh nhân phải tiếp đường Glucozơ (tiêm hoặc truyền dung dịch đường vào tĩnh mạch).

Đáp án A

2CH₄ -> C₂H₂ + 3H₂

2C₂H₂ -> C₄H₄

nC₄H₄ -> (-CH₂ – CH = CH – CH₂-)_n

Đáp án B   

Các chất trong phân tử có chứa nhóm – NH – CO - : tơ capron ; tơ nilon – 6,6 ; protein

Đáp án B

Các chất trong phân tử chứa nhóm –NH-CO là: keo dán ure-fomandehit , tơ nilon-6,6; protein => có 3 chất

Đáp án D

(C₄H₆)n(C₈H₈)m + nBr₂

54n+104m              160n (g)

5,668                      3,462

=> 3,462(54n+104m)=5,668.160n => 720n=360m => n/m = 360/720 = 1/2

Đáp án B

Đáp án C

Chú ý: Ta cần xem xét kĩ các aminoaxit tạo nên peptit đó có phải là α-aminaxit không.

X là tetra peptit => X có 4 mắt xích.

Ta thấy có 4 loại amino axit Gly, Ala, Val, Phe nên X tạo từ 1Gly, 1Ala, 1Val, 1Phe.

Thủy phân thu được Gly-Ala; Ala-Phe nên X phải có đoạn mạch Gly-Ala-Phe.

Thủy phân thu được Phe-Val nên X là Gly-Ala-Phe-Val.

Đáp án C

n.Gly → (X) + (n-1) H₂O

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng phân tử ta có:

75.n = 303 + (n-1).18 => n = 5. Vậy X là pentapeptit.

Đáp án D

n.Gly + m.Ala  → (X) + (n+m-1) H₂O

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng phân tử ta có:

75.n + 89.m = 274 + (n+m-1).18

=> 57n + 71m = 256

Ta thấy: n = 2, m = 2 thõa mãn. Vậy X là tetrapeptit.

Đáp án C

n.Gly + m.Ala → (X) + (n+m-1) H₂O

áp dụng định luật bảo toàn khối lượng phân tử ta có:

75.n + 89.m = 203 + (n+m-1)18

=> 57n + 71m = 185

Ta thấy: n = 2, m = 1 thõa mãn. Vậy trong (X) có 2 gốc gly và 1 gốc ala

=> (X) thuộc loại tripeptit.

Đáp án A

H₂N-CH₂-CO-NH-CH(CH₃)-CO-NH-CH(C₂H₄COOH)-CO-NH-CH₂-COOH là Gly-Ala-Glu-Gly.

=> Thủy phân có thể thu được các đipeptit là: Gly-Ala; Ala-Glu; Glu-Gly

Đáp án D

Khi phân cắt các liên kết peptit ở vị trí (1) và (2) thu được 2 đipeptit khác nhau là Gly-Ala và Ala-Gly

Đáp án B

- A sai vì liên kết peptit là liên kết -CO-NH- giữa hai đơn vị α-amino axit. Như vậy peptit ban đầu chỉ có 2 liên kết peptit: H₂N-CH(CH₃)-CO-NH-CH₂-CO-NH-CH₂-CH₂-CO-NH-CH(C₆H₅)-CO-NH-CH(CH₃)-COOH.

- B sai vì thi thủy phân X thu được 3 loại α-amino axit là: CH₃-CH(NH₂)-COOH, H₂N-CH₂-COOH, C₆H₅-CH(NH₂)-COOH.

- C sai vì các amino axit cấu tạo nên X không hoàn toàn là α-amino axit nên X không là một pentapeptit.

- D đúng

Đáp án D

Các α-aminaxit tạo nên đipeptit Y có thể là :

A: H₂N-CH₂-COOH;

B: CH₃-CH₂-CH(NH₂)-COOH;

C: (CH₃)₂C(NH₂)COOH;

D: CH₃-CH(NH₂)-COOH

Các đồng phân đipeptit của Y(C₆H₁₂N₃O₂) là:

A-B; B-A; A-C; C-A và D-D.

Đáp án A 

Tên của các peptit được hình thành bằng cách ghép tên gốc axyl của các α-amino axit bắt đầu từ đầu N, rồi kết thúc bằng tên của axit đầu C (được giữ nguyên).

Vậy H₂NCH₂CONHCH(CH₃)COOH có tên là glyxylalanin.

Đáp án B

X là tetra peptit => X có 4 mắt xích.

Ta thấy có 4 loại amino axit Gly, Ala, Val, Phe nên X tạo từ 1Gly, 1Ala, 1Val, 1Phe.

Thủy phân thu được Gly-Ala; Ala-Phe nên X phải có đoạn mạch Gly-Ala-Phe.

Thủy phân thu được Phe-Val nên X là Gly-Ala-Phe-Val.

Đáp án C

n_Z = 0,25 mol

CTCT của A là: CH₃NH₃HCO₃ => Khí Z là CH₃NH₂

Do sau phản ứng chỉ thu được CH₃NH₂ => B có CTCT là: HOCH₂COONH₃CH₃

Đặt số mol của A và B lần lượt là a, b (mol)

PTHH:

CH₃NH₃HCO₃ + 2NaOH → Na₂CO₃ + CH₃NH₂ + 2H₂O

         a                                          a                 a

HOCH₂COONH₃CH₃ + NaOH → HOCH₂COONa + CH₃NH₂ + H₂O

                b                         b                   b                    b

Theo đề bài ta có hệ phương trình:

+ n_Z = n_CH3NH2 => a + b = 0,25 (1)

+ m _{chất rắn} = m_Na2CO3 + m_HOCH2COONa => 106a + 98b = 25,3 (2)

Giải hệ (1) và (2) được x = 0,1 và y = 0,15

=> m = 0,1.93 + 0,15.107 = 25,35 gam gần nhất với 25,6 gam

Đáp án C

M_T = 15,5×M_H2 = 15,5×2 = 31 (g/mol) ⟹ T là amin CH₃NH₂

0,5 mol P + 0,12 mol NaOH → CH₃NH₂ + 107,7 gam hh Z gồm muối amino axit E + muối axit đơn chức G

⟹ Đặt X có dạng: ACOO-NH₃-B-COO-NH₃CH₃: x(mol)

Y có dạng: H- (NH-B-CO)₃-OH: y (mol)

PTHH: ACOO-NH₃-B-COO-NH₃CH₃ + 2NaOH → ACOONa + NH₂-B-COONa + CH₃NH₂ + 2H₂O

             H- (NH-B-CO)₃-OH + 3NaOH → NH₂-B-COONa + 3H₂O

Ta có hệ: nP=x+y=0,5 và nNaOH=2x+3y=1,2 ⇒ x=0,3 và y=0,$\begin{array}{l}2\end{array}$

Z gồm: ACOONa: x (mol) = 0,3 (mol); NH₂-B-COONa: x + 3y = 0,9 (mol)

m­_Z = 0,3 (A + 67) + 0,9 (B + 83) = 107,7

⟹ A + 3B = 43

⟹ A = 1 và B = 14 là nghiệm duy nhất

Vậy X là: HCOO-NH₃-CH₂-COO-NH₃CH₃: 0,3 (mol)

Y là: (Gly)₃ : 0,2 (mol)

Xét cá phát biểu:

(1) sai, m_P = 0,3.152 + 0,2.189 = 83,4 (g)

(2) sai, %m_Y = [(0,2.189)/83,4].100% = 45,32%

(3) đúng, %m_X = [(0,3.152)/83,4].100% = 54,68%

(4) đúng, n_G: n_E = 0,9 : 0,3 = 3 : 1

(5) đúng, n_X : n_Y = 0,3:0,2 = 3:2

⟹ có 3 phát biểu đúng

Đáp án B

*m gam X tác dụng với HCl vừa đủ sau đó tác dụng với NaOH vừa đủ:

n_X = n_HCl = 0,04 mol

n_NaOH = n_HCl + n_COOH => 0,08 = 0,04 + n_COOH  => n_{COOH (m gam)} = 0,04 mol

Ta thấy n_X = n_COOH(X) => X có chứa 1 nhóm COOH

*5m gam X tác dụng với KOH vừa đủ:

n_{X (5m gam)} = 0,04.5 = 0,2 mol

Giả sử X là: H₂N-R-COOH

H₂N-R-COOH  + KOH → H₂N- R-COOK  + H₂O

        0,2                            →       0,2 mol

m _muối = 0,2(R+99) = 40,6 => R = 104 (-C₈H₈-)

Vậy có 5 CTCT thỏa mãn

Đáp án D

n_KOH = 0,3.2 = 0,6 mol

H₂NC₃H₅(COOH)₂ + 2 KOH → H₂NC₃H₅(COOK)₂ + 2H₂O

          0,2 →                0,4 →                 0,2                         (mol)

H₂NCH₂COOH + KOH → H₂NCH₂COOK + H₂O

          0,1  →         0,1        →     0,1                                    (mol)

Vậy chất rắn thu được gồm:

H₂NC₃H₅(COOK)₂: 0,2 mol

H₂NCH₂COOK: 0,1 mol

KOH dư: 0,6 - 0,4 - 0,1 = 0,1 mol

→ m_{chất rắn} = 0,2.223 + 0,1.113 + 0,1.56 = 61,5 gam

Đáp án C

R-COOH + KOH -> RCOOK + H₂O

=> m_muối – m_aa = 38.n_aa

=> n_aa = 0,12 mol

=> M_A = 75g => Glyxin

Đáp án D

CH₃CH(NH₂)COOH

Tên thay thế: Axit 2-aminopropanic

Tên bán hệ thống: Axit  - aminopropionic

Tên thông thường: Alanin

Chọn B

m-CH₃-C₆H₄-NH₂ có tên thông thường là m-toludin.

Đáp án B

Amin mang tính bazo => tác dung với axit.

Đáp án D.

BTNT "C" => n_C = n_CO2 = 8,4/22,4 = 0,375 mol

BTNT "H" => n_H = 2n_H2O = 2.(10,125/18) = 1,125 mol

BTNT "N" => n_N = 2n_N2 = 2.(1,4/22,4) = 0,125 mol

=> C : H : O = 0,375 : 1,125 : 0,125 = 3 : 9 : 1

Mà amin là đơn chức nên CTPT của amin là C₃H₉N.

Đáp án C

- BTNT "O" => n_O2 = (2n_CO2 + n_H2O)/2= 0,75 mol

=> n_{N2 (kk)} = 4n_O2 = 3 mol => n_{N2(do amin cháy)} = 3,1 - 3 = 0,1 mol

- BTNT "N" => m_N = 2n_N2 = 0,2 mol

- BTKL: m = m_C + m_H + m_N = 0,4.12 + 0,7.2 + 0,2.14 = 9 (g)

Đáp án A

Amin đơn chức phản ứng với HCl: n_amin = n_HCl = 0,1 (mol)

=> M_amin = 5,7 : 0,1 = 57

=> CTPT: C₃H₇N

Đáp án D

m-CH₃-C₆H₄-NH₂ có tên thông thường là m-toludin.

Đáp án B

Để đơn giản ta coi tinh bột là C₆H₁₀O₅ 

Các giai đoạn của quá trình: C₆H₁₀O₅ → C₆H₁₂O₆→ 2CO₂

Từ sơ đồ: n_C6H10O5  = ½ n_CO2 = ½ n_CaCO3 = 3,75 mol

m_{C6H10O5 lý thuyết} = 3,75.162 = 607,5 gam

Tuy nhiên do hiệu suất chỉ là 80% nên thực tế cần phải dùng lượng nhiều hơn

=> m_{C6H10O5 thực tế} = m_{C6H10O5 lý thuyết}.(100/80).(100/80) =  607,5.(100/80)² = 949,2 gam

Đáp án B

C₆H₁₂O₆ → 2CO₂ + 2C₂H₅OH

CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃ + H₂O

→ n_CO2 = n_CaCO3 = 0,4 mol → n_glucozo(PT) = 0,2 mol

→ n_{glucozo phải dùng} = 0,2.100/80 = 0,25 mol

→ m_glucozo = 45g

Đáp án A

(1) CH₃COOCH₂–CH=CH₂ + NaOH → CH₃COONa + CH₂=CH–CH₂–OH

(2) CH₂=CH–COOCH₃ + NaOH → CH₂=CH–COONa + CH₃OH

(4) HCOOC₂H₅ + NaOH → HCOONa + C₂H₅OH

Đáp án A