Este có dạng: C_nH_2n+2-2kO₂ (k ≥ 1)

→ Đáp án B

Este của glixerol với axit cacboxylic (RCOOH) có dạng (RCOO)_nC₃H₅(OH)3-n

→ Vậy các este đó có thể là RCOOC₃H₅(OH)₂; (RCOO)2C₃H₅(OH); (RCOO)₃C₃H₅

→ Các công thức viết đúng là (1), (2), (3)

→ Đáp án D

Este no, đơn chức, mạch hở (C_nH_2nO₂) có

\(\% mO = \frac{{16.2}}{{12n + 2n + 16.2}}.100\%  = 36,36\%  \to n = 4\)

→ Công thức phân tử của este X là C₄H₈O₂

→ Các công thức cấu tạo của este X là

HCOOCH₂CH₂CH₃

HCOOCH(CH₃)-CH₃

CH₃COOCH₂CH₃

CH₃CH₂COOCH₃

→ Có 4 công thức cấu tạo

→ Đáp án C

C₄H₆O₂ có k = 2 → este không no, có chứa liên kết đôi C = C, đơn chức, mạch hở

→ Các đồng phân este mạch hở của C₄H₆O₂ là

HCOOCH=CH-CH₃

HCOOCH₂CH=CH₂

HCOOC(CH₃)=CH₂

CH₃COOCH=CH₂

CH₂=CHCOOCH₃

→ Có 5 đồng phân este

→ Đáp án C

C₃H₆O₂ có k = 1 → este no, đơn chức, mạch hở

→ Các đồng phân este có công thức phân tử C₃H₆O₂ là

1. HCOOCH₂CH₃             

2. CH₃COOCH₃

→ Có 2 đồng phân este

→ Đáp án B

Este no, đơn chức, mạch hở (C_nH_2nO₂) có k = 1

→ có 1 liên kết π (trong nhóm – COO –)

→ Đáp án A

Công thức tổng quát của este no, đơn chức, mạch hở là C_nH_2nO₂ (n ≥ 2)

→ Đáp án C

HCOOC₂H₅ và CH₃COOCH = CH₂ là este đơn chức → Loại đáp án A, C

CH₂(CH₂-COO-C₂H₅)-COO-CH₃ là este 2 chức → Loại đáp án D

C₂H₅CHO là anđêhit → C₂H₅CHO không phải là este

→ Đáp án B

Xà phòng thường dùng là hỗn hợp muối natri hoặc kali của axit béo, có thêm một số chất phụ gia. Phân tử muối natri của axit béo gồm 1 đầu ưa nước là nhóm COO-Na+ nối với 1 đuôi kị nước, ưa dầu mỡ là nhóm –C_xH_y (thường x ≥ 15). Đầu ưa dầu mỡ thâm nhập vào vết bẩn, còn nhóm COO-Na+ ưa nước có xu hướng kéo ra các phía phân tử nước → làm giảm sức căng bề mặt các chất bẩn bám trên vải, da → vết bẩn phân tán nhiều phần nhỏ rồi phân tán vào nước và bị rửa trôi (Xem hình 1.8: Sơ đồ quá trình làm sạch vết bẩn của xà phòng – SGK lớp 12 cơ bản – trang 15).

→ Đáp án D

\(\left\{ \begin{array}{l}
{n_{Lys}} = 0,05\\
{n_{Gly}} = 0,2
\end{array} \right. \to {n_{HCl}} = 0,6\)

\( \to 7,3 + 15 + 0,6.36,5 + 0,3.56 = m + 0,3.18 \to m = 55,6\)

Trích mẫu thử, đánh số thứ tự.

- Ống nghiệm tác dụng với Cu(OH)₂ tạo phức màu xanh lam → glixerin.

- Ống nghiệm tác dụng với Cu(OH)₂ tạo phức màu tím → lòng trắng trứng (protein).

- Ống nghiệm tác dụng với Cu(OH)₂ không có hiện tượng → tính bột.

→ Đáp án B

Các phát biểu đúng là (1), (3)

(2) sai phải là protein hình cầu.

(4) sai phải là chất rắn ở điều kiện thường.

→ Đáp án A

X + Cu(OH)₂ → màu tím → X phải là tripeptit trở lên → loại A và D.

Z + Br₂ → Kết tủa trắng → Anilin chứ không thể là acrilonitrin → loại C.

→ Đáp án B

Có 3 loại gốc aminoaxit khác nhau thì số đồng phân peptit sẽ là 3! = 6

→ Đáp án đúng là đáp án A

Thủy phân hoàn toàn sẽ thu được:

2 mol Alanin, 1 mol Glyxin, 1 mol Phenylalanin và 1 amino axit không phải là α-amino axit

→ Đáp án D

Đáp án C

Khi thủy phân mantozo thì Mantozo → 2 glucozo

Sau phản ứng có mantozo và glucozo do phản ứng có hiệu suất đều tham gia phản ứng với

AgNO₃ tạo Ag với : mantozo → 2Ag và glucozo → 2 Ag

Suy ra nAg = 0,03.2 + 0,24.2 = 0,54 mol → m = 58,32g

Đáp án B

Glucozo → 2Ag

0,15 → 0,3 mol

→ mdd Glucozo = 135g

Đáp án C

Glucozo → 2Ag

0,15 → 0,3 mol

→ m = 32,4g

Đáp án C

nAg = 0,1 mol => n glu = 0,05 mol

=> m = 0,05.180 = 9g

Đáp án A

mTinh bột = 1000.95% = 950 kg

(C₆H₁₀O₅)_n → C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH

950/162 → 950.2/162

→ mC₂H₅OH = 85%.46.950.2/162 = 458,58 kg

Miếng chuối xanh tác dụng với dung dịch iot cho màu xanh do chuối xanh có chứa tinh bột

Đáp án A

Saccarozơ vẫn phản ứng với Cu(OH)₂ trong NaOH ở nhiệt độ thường (chỉ thể hiện phản ứng với Cu(OH)₂ tính chất của ancol còn NaOH ko hề tham gia phản ứng ở đây)

4 chất Xenlulozơ , tinh bột, fructozơ, glucozơ, đều thuộc cacbohiđrat → CTTQ: C_n(H₂O)_m

Bản chất đốt cháy các chất này là quá trình đốt cháy Cacbon: C + O₂ → CO₂

Từ PTHH: → nC = nO₂ = 2,52 : 22,4 = 0,1125 (mol)

BTKL: m = mC + mH₂O = 0,1125. 12 + 1,8 = 3,15 (g)

Đáp án D

nCaCO₃ =0,8 mol → nCO₂ =0,8 mol → theo lý thuyết nglucose= 0,4 mol

→ thực tế nglucozo= 0,4 :0,75 =0,53 mol

→ m = 96g

Đáp án C

C₆H₁₂O₆ và C₁₂H₂₂O₁₁ đều có CTTQ C_nH_2nO_n

C_nH_2nO_n + nO₂ → nCO₂ + nH₂O

nCO₂ = nO₂ = 1,68 (mol)

→ m BaCO₃ = 1,68.197 =330, 96 (g)

Đáp án B

C₆H₁₂O₆ →  2CO₂ + 2C₂H5OH

0,75 → 1,5 mol

→ VCO₂ = 33,6 lit

Đáp án C

Saccarozo → Glucozo + Fructozo

       0,1 →        0,1 →        0,1 mol

Y + AgNO₃:

Glucozo → 2Ag

Fructozo → 2Ag

NaCl → AgCl

Kết tủa gồm: 0,4 mol Ag; 0,02 mol AgCl

→ m = 46,07g

Đáp án B

Glucozo → 2Ag

Fructozo → 2Ag

→ nGlucozo + nFructozo = 0,18 mol

→ m = 32,4g

Đáp án B

nC₆H₇O₂(NO₃)₃ = 0,1 k.mol → nHNO₃ = 0,3 k.mol

→ n lý thuyết = 0,3 : 90 . 100 = k.mol → m HNO₃ = 21 g

→ m dd HNO₃ = 21: 96.100 = 21,875 k.g

→ V dd HNO₃ = 21,875 : 1,52 = 14,39 k.ml = 14,39 lít

Đáp án B

C₆H₁₂O₆ + AgNO₃ + NH₃ → 2 Ag

n Ag = 0,1 mol → n glucozo = 0,05 mol

→ m Glucozo = 9 g

Đáp án C

Amin X bậc 1 nên X là C_xH_yNH₂ Khi X tác dụng với O₂ thì tạo ra CO₂, N₂ và H₂O có thể tích là
8V = x.V + V:2 + (y+2).V : 2 nên 13 = 2x + y

Chọn x = 3 và y =7

Đáp án D

Ban đầu đặt thể tích H2 là x thì thể tích amin là 35-x ml

Sau phản ứng có 10 mol CO₂ và 5 ml N₂, 5 ml O₂ 40 ml O₂ + (X, H2) → H₂O, CO₂: 10 ml, N₂: 5 ml và còn dư 5 ml O₂

Từ sơ đồ thấy có 35ml O₂ tham gia vào phản ứng

Vì amin này đơn chức nên Vamin = 2VN₂ = 10ml nên số C trong X là 10 :10 =1

Đáp án B

TQ : R-N + HCl → RNH₃Cl

Bảo toàn khối lượng: nHCl = nX = 59g

→ X là C₃H₉N

Các công thức cấu tạo thỏa mãn là :

C – C – C – NH₂

C – C(NH₂) – C

C – C – NH – C

(CH₃)₃N

Đáp án D

TQ : R – NH₂ + HCl → R – NH₃Cl

Bảo toàn khối lượng : mamin + mHCl = mMuối

→ nHCl = 0,64 mol

→ V = 640 ml

Đặt CT của X là H₂NRCOOH

26,7(g) X + ?HCl → 37,65(g) Muối.

Bảo toàn khối lượng: m_HCl = 10,95(g) ⇒ n_X = n_HCl = 0,3 mol.

→ M_X = 26,7 : 0,3 = 89 ⇒ R = 28 (C₂H₄)

→ Đáp án B

Ta có: n_N:n_O = 1:2 nên n_NH2 : n_COOH = 1:1.

Suy ra khi tác dụng với 0,15 mol NaOH thì dư ra 0,03mol NaOH.

Áp dụng sự tăng giảm khối lượng, ta có:

m_rắn = m_muối + m_{NaOH dư} = (m_X + 22.n_{NaOH pư}) + 0,03.40 = 10,36 + 22.0,12 + 0,03.40 = 14,2 gam.

→ Đáp án B

Áp dụng sự tăng, giảm khối lượng, ta có

 nX = (18,825 - 13,35) : 36,5 = 0,15 mol

Suy ra M_X = 89 (alanin)

→ Đáp án C

Ta có: ∑n_OH^- = n_X + n_H⁺ = 0,04 + 0,04.2 + 0,12 = 0,24 = 3x ⇒ x = 0,08 mol

Ta có H₂O được sinh ra từ: OH^- + H⁺ → H₂O và cho X tác dụng với bazơ.

⇒ n_H2O = n_H⁺ = 0,04.2 + 0,12 + 0,04 = 0,24 mol

Bảo toàn khối lượng:

m_muối = 0,04.118 + 0,04.98 + 0,12.36,5 + 0,08.40 + 0,16.56 – 0,24.18 = 20,86 gam

→ Đáp án B

n_glixerol = 0,1mol

(RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

                                                 0,3                 0,1

m_muối = 83,4 : 3 = 27,8g

⇒ M_muối = 27,8: 0,1 = 278 ⇒ M_axit = 278 -22 = 256 (panmitic)

⇒ Chọn C.

n_glixerol = 0,01mol

Nếu triglixrit là (C₁₇H₃₁COO)₂ C₃H₅OOCC₁₇H₃₃

(C₁₇H₃₁COO)₂C₃H₅OOCC₁₇H₃₃ + 3KOH → 2C₁₇H₃₁COOK + C₁₇H₃₃COOK + C₃H₅(OH)₃

Khối lượng muối linoleat: 0,02. 318 = 6,36g > 3,18 : loại

Vậy công thức của X là:

(C₁₇H₃₃COO)₂C₃H₅OOCC₁₇H₃₁ + 3 KOH → 2C₁₇H₃₃COOK + C₁₇H₃₁COOK + C₃H₅(OH)₃

Và a = 0,01.841 = 8,41g.