Khi cho ankađien phản ứng với HBr ở -80⁰C thì xảy ra phản ứng cộng kiểu 1,2.

\(C{H_2} = CH - CH = C{H_2} + HBr\xrightarrow{{ - {{80}^0}C}}C{H_3}CHBrCH = C{H_2}\)

Đáp án C

Nguyên tử Ag sẽ thế nguyên tử H của C chứa liên kết ba.

CH₃-C≡CH + AgNO₃ + NH₃ → CH₃-C≡CAg (X) + NH₄NO₃

Đáp án D

Ta có: n_X = n_CH4 + n_CnH2n = 5,6 : 22,4 = 0,25 mol

Khối lượng bình brom tăng 7,28 gam chính là khối lượng anken phản ứng ⟹ m_anken = 7,28 gam

Khí bay ra chính là metan không phản ứng ⟹ n_CH4 = 2,688 : 22,4 = 0,12 mol

⟹ m_{hh X} = m_CH4 + m_anken = 0,12.16 + 7,28 = 9,2 gam

Khối lượng mol trung bình của hỗn hợp X:  

\({\bar M_X} = \dfrac{{{m_X}}}{{{n_X}}} = \dfrac{{9,2}}{{0,25}} = 36,8\left({g/mol} \right)\)

Tỉ khối hơi của X so với hiđro là: d_X/H2 = 36,8 : 2 = 18,40.

Đáp án A

Vì X có phản ứng với AgNO₃/NH₃ tạo kết tủa vàng nhạt nên X có liên kết ba đầu mạch.

→ Công thức cấu tạo của X là CH≡C-CH₂-CH₃.

Tên gọi của X là but-1-in

Đáp án C

Khi cho X phản ứng với brom thì chỉ có phenol phản ứng. Khi lấy m/2 gam hỗn hợp X phản ứng với dung dịch brom dư thu được 16,55 gam kết tủa trắng.

Suy ra khi lấy m gam hỗn hợp X phản ứng với dung dịch brom dư thu được 16,55.2 = 33,1 gam kết tủa trắng.

Phương trình hóa học:

Ta có: n_phenol = n_{kết tủa} = 33,1 : 331 = 0,1 mol

Khi cho X tác dụng với Na thì cả 2 chất đều phản ứng.

C₆H₅OH + Na → C₆H₅ONa + ½ H₂

CH₃OH + Na → CH₃ONa + ½ H₂

Ta có: n_phenol + n_metanol = 2. n_H2 = 2 . 0,15 = 0,3 mol → n_metanol = 0,3 – 0,1 = 0,2 mol

Vậy m = m_phenol + m_metanol = 0,1.94 + 0,2.32 = 15,8 gam

Đáp án D

n_CO2 = 5,6 : 22,4 = 0,25 mol

Đặt công thức phân tử của ankađien Y là C_nH_2n-2 (n≥3)

BTNT "C": C_nH_2n-2 → nCO₂

                    0,25/n ←   0,25  (mol)

Ta có: m_Y = n_Y.M_Y =>  => n = 5

Vậy công thức phân tử của Y là C₅H₈

Đáp án B

CH₃-CH(OH)-CH₂-CH₃ có tên thông thường là: Ancol sec-butylic                                  

Đáp án C

Khi đun nóng butan-2-ol ở 170⁰C, xúc tác H₂SO₄ đặc xảy ra phản ứng tách nước tạo anken.

Để xác định sản phẩm chính ta dùng quy tắc tách Zai-xep: Nhóm –OH ưu tiên tách ra cùng với nguyên tử H của cacbon bên cạnh bậc cao hơn.

\(C{H_3} - CH(OH)C{H_2} - C{H_3}\xrightarrow{{{H_2}S{O_4}dac,{{170}^0}C}}C{H_3} - CH = CH - C{H_3} + {H_2}O\)

Vậy sản phẩm chính là but-2-en.

Đáp án D

Đặt công thức phân tử trung bình của hai ankan là C_nH_2n+2.

Ta có: n_CO2 = 0,275 mol; n_H2O = 0,35 mol

Phương trình phản ứng đốt cháy :

 \({C_n}{H_{2n + 2}} + \frac{{3n + 1}}{2}{O_2}\xrightarrow{{{t^0}}}nC{O_2} + (n + 1){H_2}O \)

Ta có: \(\frac{{{n_{CO2}}}}{{{n_{H2O}}}} = \frac{n}{{n + 1}} = \frac{{0,275}}{{0,35}} \) 

Giải phương trình trên có n  = 3,67

Mà hỗn hợp chứa hai ankan đồng đẳng kế tiếp nên công thức phân tử của hai ankan là C₃H_8­ và C₄H₁₀.

Đáp án D

Ta có: n_Br2 = 24 : 160  = 0,15 mol

Ta thấy n_X = n_Br2  nên X có độ bất bão hòa k = 1, tức là X có công thức phân tử dạng C_nH_2n (n≥2)

C_nH_2n + Br₂ → C_nH_2nBr₂

Sản phẩm có chứa 69,56% brom về khối lượng. Suy ra :

 \(\% {m_{Br}} = \frac{{80.2}}{{14n + 80.2}}.100\%  = 69,56\% \)

→ n  = 5 → Công thức phân tử của X là C₅H₁₀.

Đáp án B

Khi cho ankan tác dụng với Cl₂ theo tỉ lệ mol 1:1 (có ánh sáng) thì nguyên tử Cl sẽ ưu tiên thế vào nguyên tử H của nguyên tử C bậc cao hơn và tạo thành sản phẩm chính.

Vậy sản phẩm chính là CH₃-CCl(CH₃)-CH₂-CH₃, có tên là 2-clo-2-metylbutan.

Đáp án A

- Có 1 chất tạo kết tủa với dung dịch bạc nitrat trong amoniac là axetilen. Vậy kết luận A không đúng.

- Có ba chất có khả năng làm mất màu dung dịch brom là etilen, but-2-in và axetilen. Vậy kết luận B đúng và kết luận C không đúng.

- Có 3 chất nào làm nhạt màu dung dịch kali pemaganat là etilen, but-2-in và axetilen. Vậy kết luận D không đúng.

Đáp án B

A. Đúng vì tất cả các chất đều phản ứng được

B loại CH₃OCH₃

C loại CaCO₃

D loại NaOH

PTHH: 

\(\eqalign{
& {C_2}{H_5}OH + HCl\buildrel {{t^0}} \over
\longrightarrow {C_2}{H_5}Cl + {H_2}O \cr
& {C_2}{H_5}OH + HBr\buildrel {{t^0}} \over
\longrightarrow {C_2}{H_5}Br + {H_2}O \cr
& {C_2}{H_5}OH + C{H_3}OH\buildrel {{H_2}S{O_4}dac,{{140}^0}C} \over
\longrightarrow {C_2}{H_5}OC{H_3} + {H_2}O \cr
& {C_2}{H_5}OH + Na \to {C_2}{H_5}ONa + 1/2{H_2} \cr} \)

Đáp án A

Sử dụng tăng giảm khối lượng:

Nhận thấy cứ 1 mol Na phản ứng → 0,5 mol H₂ và m_tăng = 22 gam.

                                                          0,015 mol H₂ và m_tăng = x gam.

⟹ \(x = \dfrac{{0,015.22}}{{0,5}} = 0,66 \Rightarrow m = 1,24 + 0,66 = 1,9(g)\)

Benzen tác dụng được với Cl₂ (a/s), HNO₃/H₂SO₄ (đặc, t^o), H₂ (Ni, t⁰).

Benzen không tác dụng với dung dịch Br₂. Benzen chỉ tác dụng được với Br₂ nguyên chất (bột Fe).

Chọn A.

Dùng dung dịch Br₂ để nhận biết 3 chất đề bài cho.

Cho dd Br₂ vào 3 ống nghiệm chứa phenol, stiren, ancol benzylic:

+ Xuất hiện kết tủa trắng => Phenol

+ Mất màu dd Br2 => Stiren

+ Không hiện tượng => Ancol benzylic

Đáp án A

Các đồng phân ứng với công thức phân tử C₇H₈O là

Chất được sử dụng làm thuốc trừ sâu 666 có công thức phân tử là C₆H₆Cl₆ (sản phẩm của phản ứng cộng clo của benzen).

Chọn D.

Ta có: M_X = 29.2 = 58 (g/mol) → n_X = m_X : M_X = 2,9 : 58  = 0,05 mol; n_Ag = 0,1 mol

Ta có tỉ lệ n_X : n_Ag = 0,05 : 0,1  = 1 : 2 nên anđehit X là anđehit đơn chức (không là anđehit fomic)

Đặt công thức của anđehit đơn chức X là RCHO.

Ta có: M_RCHO = 58 suy ra M_R = 29 nên R là nhóm C₂H₅-.

Vậy công thức cấu tạo của X là C₂H₅CHO hay CH₃-CH₂-CHO.

Áp dụng định luật bảo toàn nguyên tố O ta có: 2.n_{O (axit)} + 2.n_O2 = 2.n_CO2 + n_H2O

⟹ 2.0,1 + 2.n_O2 = 2.0,3 + 0,2 suy ra n_O2 = 0,3 mol → V_O2 = 0,3.22,4 = 6,72 lít.

X gồm 3 anđehit no, đơn chức, mạch hở

⟹ Khi đốt cháy X luôn có n_CO2 = n_H2O= 0,2 mol

Oxi hóa hoàn toàn anđehit ⟶ axit ⟶ đốt cháy axit

⟹ Số nguyên tử H không thay đổi ⟹ n_{H2O(đốt axit)} = n_{H2O(đốt X)} = 0,2 mol.

Vậy m = 0,2.18 = 3,6 gam.

Các hiđrocacbon phản ứng hoàn toàn với khí H₂ dư (xúc tác Ni, đun nóng) tạo ra butan là các hiđrocacbon có 4 nguyên tử cacbon và có mạch C không phân nhánh.

Do đó các chất khi phản ứng hoàn toàn với khí H₂ dư (xúc tác Ni, đun nóng) tạo ra butan là but-1-en, but-1-in, buta-1,3-đien, vinyl axetilen (4 chất).

PTHH xảy ra:

CH₂=CH-CH₂-CH₃ + H₂ \(\xrightarrow{{Ni,{t^0}}}\) CH₃-CH₂-CH₂-CH₃

CH≡C-CH₂-CH₃  + 2H₂  \(\xrightarrow{{Ni,{t^0}}}\) CH₃-CH₂-CH₂-CH₃

CH₂ =CH-CH =CH₂ + 2H₂ \(\xrightarrow{{Ni,{t^0}}}\) CH₃-CH₂-CH₂-CH₃

CH≡C-CH=CH₂ + 3H₂ \(\xrightarrow{{Ni,{t^0}}}\) CH₃-CH₂-CH₂-CH₃

Ta có: d_X/H2 > 20 nên M_X > 40 (g/mol) ⟹ X không phải là HCHO.

Ta có: n_Ag = 0,4 mol

Do tỉ lệ n_Ag : n_anđehit  = 0,4 : 0,1  =  4 : 1 nên X là anđehit 2 chức.

Ta có: M_X = 29.M_H2 = 29.2 = 58 (g/mol)

Suy ra n_X = m_X : M_X = 2,9 : 58  = 0,05 mol ; n_Ag = 21,6 : 108  = 0,2 mol

Ta có tỉ lệ: \(\dfrac{{{n_X}}}{{{n_{Ag}}}} = \dfrac{{0,05}}{{0,2}} = \dfrac{1}{4}\) 

Do đó anđehit X là anđehit fomic (HCHO) hoặc anđehit 2 chức.

X không thể là HCHO vì M_HCHO = 30 khác 58.

Vậy X là anđehit 2 chức, có dạng R(CHO)₂.

Vì M_R(CHO)2 = 58 g/mol suy ra M_R = 0.

Vậy công thức cấu tạo thu gọn của X là (CHO)₂.

Gọi công thức chung của hai ancol đơn chức, mạch hở, kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng là C_nH_2n+1OH

PTHH xảy ra: 2 C_nH_2n+1OH \(\xrightarrow{{{H_2}S{O_4}dac,{{140}^0}C}}\)  C_nH_2n+1-O-C_nH_2n+1 + H₂O

Dùng định luật bảo toàn khối lượng ta có: m_ancol = m_ete + m_H2O = 6 + 1,8 = 7,8 (g)

Theo PTHH ta có: n_ancol = 2.n_H2O = 2. 0,1 = 0,2 mol

Do đó : M_ancol = m_ancol  : n_ancol = 7,8 : 0,2 = 39 g/mol

Suy ra 14n + 1 + 17  = 39 → n  = 1,5

Mà hai ancol đơn chức, mạch hở, kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng nên công thức của hai ancol là: CH₃OH và C₂H₅OH.

Đặt công thức phân tử của hợp chất hữu cơ X là C_xH_yO_z

Ta có: n_CO2 = 3,18.10^-3 mol; n_H2O = 0,004 mol

M_X = 2,31.M_O2 = 74 g/mol suy ra n_X = m_X : M_X = 0,059 : 74 = 7,97.10^-4 mol

Số nguyên tử C trong X bằng n_CO2/n_X = 4

Số nguyên tử H trong X bằng 2.n_H2O/n_X = 10

Ta có: M_X = 12x + y + 16z = 74 g/mol suy ra z = 1

Vậy công thức phân tử của  X là C₄H₁₀O.

X có phản ứng tráng gương nên X có nhóm –CHO.

X có phản ứng với dung dịch NaOH nên X có nhóm –COOH.

Ta có: số nguyên tử C trong hợp chất hữu cơ X là:

C  = n_CO2 : n_X = 3a : a = 3

Vậy công thức cấu tạo của X là CHO-CH₂-COOH.

Đặt công thức chung của 2 ancol no, đơn chức là C_nH_2n+1OH (có số mol là a mol)

- Khi cho 2 ancol trên phản ứng với Na dư thì:

C_nH_2n+1OH + Na → C_nH_2n+1ONa + ½ H₂

Ta có: n_ancol = 2.n_H2 = 2.0,2 = 0,4 mol → a = 0,4 mol

- Khi đốt cháy 2 ancol trên thì:

C_nH_2n+1OH + 3n/2 O₂ → nCO₂ + (n+1)H₂O

         0,4          →              0,4n

⟹ n_CO2 = 0,4n = 0,5 ⟹ n = 1,25

Do 2 ancol đồng đẳng kế tiếp nên công thức phân tử của hai ancol trên là CH₃OH; C₂H₅OH.

Ancol có phân tử lớn càng lớn thì nhiệt độ sôi càng cao.

→ Nhiệt độ sôi của CH₃OH < C₂H₅OH (1)

Nhiệt độ sôi của nước lớn hơn ancol có 3 nguyên tử C và nhỏ hơn ancol có từ 4 nguyên tử C trở lên.

→ Nhiệt độ sôi của nước lớn hơn nhiệt độ sôi của CH₃OH và C₂H₅OH (2)

Từ (1) và (2) suy ra nhiệt độ sôi: H₂O > C₂H₅OH > CH₃OH.

Không nên dùng nước để dập tắt đám cháy xăng, dầu vì: Xăng, dầu không tan trong nước và nhẹ hơn nước nên nổi lên trên, tăng diện tích tiếp xúc với oxi, nên xăng dầu lan rộng và tiếp tục cháy.

Số nguyên tử C trong Y bằng  \(\dfrac{{{n_{CO2}}}}{{{n_Y}}} = \dfrac{{3a}}{a} = 3\)

Số nhóm –COOH trong axit Y bằng \(\dfrac{{{n_{NaOH}}}}{{{n_Y}}} = \dfrac{{2a}}{a} = 2\) 

Do đó công thức cấu tạo của Y là HOOC-CH₂-COOH.

Ta có: HCl là chất điện li mạnh, CH₃COOH là chất điện li yếu.

Do đó [H⁺]_{dd HCl} lớn hơn [H⁺]_{dd CH3COOH}

Mặt khác, pH = -log [H⁺]

Do đó [H⁺] càng lớn thì pH càng nhỏ.

Vậy pH của dung dịch HCl (1) < CH₃COOH (2).

Ở đáp án A, axit axetic không tác dụng được với HCl → Loại A

Ở đáp án C, axit axetic không tác dụng được với Cu (là kim loại sau H) → Loại C

Ở đáp án D, axit axetic không tác dung được với NaCl → Loại D

Vậy axit axetic (CH₃COOH) tác dụng được với tất cả các chất trong dãy NaOH, Na, CaCO₃.

PTHH:

CH₃COOH + NaOH → CH₃COONa + H₂O

CH₃COOH + Na → CH₃COONa + ½ H₂

2CH₃COOH + CaCO₃ → (CH₃COO)₂Ca + CO₂ + H₂O

Xét 1 mol hỗn hợp X: m_X = n_X.M_X = 1.(6.2) = 12 gam

BTKL: m_X = m_Y ⟹ 12 = n_Y.(8.2) ⟹ n_Y = 0,75 mol

Do hỗn hợp Y không làm mất màu Br₂ nên aken phản ứng hết, H₂ còn dư

⟹ n _anken(X) = n_{H2 pư} = n_X - n_Y = 1 - 0,75 = 0,25 mol

⟹ n_H2(X) = 1 - n_anken = 1 - 0,25 = 0,75 mol

Giả sử anken có CTPT là C_n­H_2n (n≥2)

m_X = m_anken + m_H2 ⟹ 14n.0,25 + 2.0,75 = 12 ⟹ n = 3

Vậy anken là C₃H₆.

Ancol là những hợp chất hữu cơ có nhóm hiđroxyl (-OH) liên kết với nguyên tử cacbon no.

Ankan là những hiđrocacbon no, không có mạch vòng.

Công thức cấu tạo chung ancol no, đơn chức, mạch hở là C_nH_2n+1OH (n ≥ 1).

Ta có chất hữu cơ B có tỉ khối hơi so với A bằng 1,7. Suy ra chất hữu cơ B là ete.

Đặt công thức của ancol đơn chức A là ROH

PTHH xảy ra: 2ROH \(\xrightarrow{{{H_2}S{O_4}dac,{{140}^0}C}}\)  R-O-R + H₂O

Ta có: \(\dfrac{{{M_B}}}{{{M_A}}} = 1,7\) suy ra M_B = 1,7M_A

→ 2R + 16  = 1,7.(R + 17) → R = 43 → R là gốc C₃H₇-

Vậy công thức phân tử của ancol A là C₃H₇OH.

n_Ag = 3,24 : 108 = 0,03 mol

TH1: HCHO (x mol) và CH₃CHO (y mol)

+ m _hh = 30x + 44y = 0,94 (1)

+ n_Ag = 4n_HCHO + 2n_CH3CHO ⟹ 4x + 2y = 0,03 (2)

Giải hệ được x < 0 (loại)

TH2: Đặt công thức chung của 2 anđehit là RCHO

PTHH xảy ra: RCHO + 2AgNO₃ + 3NH₃ + H₂O  \(\xrightarrow{{{t^0}}}\)  RCOONH₄ + 2Ag + 2NH₄NO₃

Ta có: n_RCHO = ½. n_Ag = ½. 0,03 = 0,015 mol

Suy ra M_RCHO = m : n  = 62,67 → R + 29 = 62,67 ⟹ R = 33,67

Mà hai anđehit đồng đẳng kế tiếp nên công thức của 2 gốc hidrocacbon là C₂H₅- (29) và C₃H₇- (43)

Vậy công thức của hai anđehit là C₂H₅CHO (propanal) và C₃H₇CHO (butanal).

Ta có: n_Ag = 0,4 mol

Ta có: \(\dfrac{{{n_X}}}{{{n_{Ag}}}} = \dfrac{{0,1}}{{0,4}} = \dfrac{1}{4}\) nên anđehit X là anđehit fomic (HCHO) hoặc anđehit 2 chức.

Mặt khác: n_Na = 0,2 mol

Ta có tỉ lệ: \(\dfrac{{{n_{Na}}}}{{{n_X}}} = \dfrac{{0,2}}{{0,1}} = 2\) nên ancol Y phải là ancol 2 chức

Suy ra anđehit X là anđehit 2 chức.

Xét các đáp án chỉ có C thỏa mãn. Vậy X là OHC-CHO.