Este của glixerol với axit cacboxylic (RCOOH) có dạng (RCOO)_nC₃H₅(OH)3-n

→ Vậy các este đó có thể là RCOOC₃H₅(OH)₂; (RCOO)2C₃H₅(OH); (RCOO)₃C₃H₅

→ Các công thức viết đúng là (1), (2), (3)

→ Đáp án D

Este no, đơn chức, mạch hở (C_nH_2nO₂) có

\(\% mO = \frac{{16.2}}{{12n + 2n + 16.2}}.100\%  = 36,36\%  \to n = 4\)

→ Công thức phân tử của este X là C₄H₈O₂

→ Các công thức cấu tạo của este X là

HCOOCH₂CH₂CH₃

HCOOCH(CH₃)-CH₃

CH₃COOCH₂CH₃

CH₃CH₂COOCH₃

→ Có 4 công thức cấu tạo

→ Đáp án C

C₃H₆O₂ có k = 1 → este no, đơn chức, mạch hở

→ Các đồng phân este có công thức phân tử C₃H₆O₂ là

1. HCOOCH₂CH₃             

2. CH₃COOCH₃

→ Có 2 đồng phân este

→ Đáp án B

HCOOC₂H₅ và CH₃COOCH = CH₂ là este đơn chức → Loại đáp án A, C

CH₂(CH₂-COO-C₂H₅)-COO-CH₃ là este 2 chức → Loại đáp án D

C₂H₅CHO là anđêhit → C₂H₅CHO không phải là este

→ Đáp án B

Xà phòng thường dùng là hỗn hợp muối natri hoặc kali của axit béo, có thêm một số chất phụ gia. Phân tử muối natri của axit béo gồm 1 đầu ưa nước là nhóm COO-Na+ nối với 1 đuôi kị nước, ưa dầu mỡ là nhóm –C_xH_y (thường x ≥ 15). Đầu ưa dầu mỡ thâm nhập vào vết bẩn, còn nhóm COO-Na+ ưa nước có xu hướng kéo ra các phía phân tử nước → làm giảm sức căng bề mặt các chất bẩn bám trên vải, da → vết bẩn phân tán nhiều phần nhỏ rồi phân tán vào nước và bị rửa trôi (Xem hình 1.8: Sơ đồ quá trình làm sạch vết bẩn của xà phòng – SGK lớp 12 cơ bản – trang 15).

→ Đáp án D

Dầu mỡ lâu ngày có hiện tượng ôi, có mùi khó chịu là do liên kết C=C ở gốc axit không no của chất béo bọ oxi hóa chậm bởi oxi không khí tạo thành peoxit, chất này bị phân hủy thành các anđehit có mùi khó chịu gây hại cho người ăn ( SGK 12 cơ bản – trang 10).

→ Đáp án D

có n_glixerol = 0,92 ÷ 92 = 0,01 mol; n_{natri linoleat} = 3,02 ÷ 302 = 0,01 mol

⇒ tỉ lệ: n_glixerol : n_{natri linoleat} = 1 : 1 → cho biết X chứa 1 gốc linoleat

⇒ 2 gốc axit còn lại là 2 gốc oleat ⇒ có 2 cấu tạo thỏa mãn X là: A-A-B; A-B-A

Trieste X sẽ gồm 2 gốc axit RCOO (A) và R'COO (B)

CT: A-B-B; B-A-B; A-A-B; A-B-A

Số CTCT thỏa mãn X là: 4

Trieste X phải có đủ cả 3 gốc axit RCOO (A), R'COO (B) và R"COO (C)

Cách 1: Số CTCT thỏa mãn X là: 3!/2 = 3

Cách 2: Đếm CT: A-B-C; A-C-B; B-A-C (chỉ khác ở giữa)

Đề bài yêu cầu tìm các cấu tạo triglixerit X có chứa 1 gốc oleat (O) và 2 gốc panmitat (P).

Các cấu tạo X thỏa mãn là: O-P-P và P-O-P.

⇒ 2 cấu tạo thỏa.

Nước cứng chứa ion Ca²⁺, Mg²⁺ sẽ kết tủa với muối natri của các axit béo (thành phần chính của xà phòng) (VD: canxi stearat) làm giảm khả năng tẩy rửa, kết tủa đọng lại trên sợi vải, làm bục sợi vải.

b – c = 4a → trong phân tử có 5 liên kết π (3 liên kết π ở -COO- và 2 liên kết π ở mạch C)

1mol X + 2mol H₂ → n_X = 0,15 mol

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng: m₁= 39 – 0,3.2 = 38,4 gam

m₂= 38,4 +0,7.40 – 0,15.92 = 52,6 gam

nCO₂ – nH₂O = x – y = 4a = 4nX

→ X có 5 liên kết pi (3 COO và 2 oleic)

→ X có dạng (Oleic)₂ (Stearin)

Bảo toàn khối lượng ta có 17,72 + 1,61.32 =  mCO₂+ 1,06.18

→ mCO₂ = 50,16 → nCO₂ = 1,14 mol

Bảo toàn O có nO(chất béo) + 2nO₂ = 2nCO₂ + nH₂O

→ nO( chất béo ) = 0,12 → nchất béo = 0,02 mol

→ 26,58 g chất béo có số mol: 0,03 mol

→ phản ứng với 0,09mol NaOH

Ta có chất béo + 0,09 mol NaOH → muối + 0,03  mol C₃H₅(OH)₃

Bảo toàn khối lượng mmuối =26,58 + 0,09.40 -0,03.92 =27,42 g

Bảo toàn nguyên tố O ta có

→ nO(X) =0,12 → nCOOH(X) = 0,06 mol

Bảo toàn khối lượng ta có mX  + mO₂ = mCO₂ + mH₂O

→ m + 1,61.32 = 1,14.44 + 1,06.18 → m =17,72 g

17,72 g X có 0,06 mol COOH → 26,58 g X có 0,09 mol COOH

→ 26,58 g X + 0,09 mol NaOH → muối + 0,03 mol C₃H₅ (OH)₃

Bảo toàn khối lượng có 26,58 + 0,09.40 = mmuối + 0,03.92 → mmuối = 27,42 

Đáp án C

ứng dụng của glucozo là A, B, D

C không phải là ứng dụng của glucozo

Các câu đúng là a, d và g.

Đáp án D

Xét phản ứng của Cu với AgNO₃.

Ta có nCu = 6,4 : 64 = 0,1 mol

→ nAg thu được là 0,2 mol → n glucozo = 0,1.

→ CM glucozo = 0,1 : 0,01 = 10 M

Chỉ có glucozo cho phản ứng tráng gương, đồng thời glucozo là poli ancol nên tác dụng với dung dịch đồng hidroxit cho màu xanh lam.

Xét phần 1. nAg = 27 : 108 = 0,25 mol → n glucozo = 0,125 mol

Xét phần 2 cũng có n glucozo = 0,125 mol => n ancol = 0,125 . 2 = 0,25 mol

→ V rượu = 0,25 . 46 : 0,8 = 14,375 ml

Chứa 2 gốc glucozo → mantozo.

Ý A và C là polisaccarit nên chứa rất nhiều monosaccarit,

ý D saccarozo chứa 1 gốc glucozo và 1 gốc fructozo không thỏa mãn

Ở đây có andehit fomic và glucozo có thể tráng bạc, saccarozo không phản ứng và axetilen tạo kết tủa vàng. Nhưng do andehit là chất độc, có hại cho sức khỏe nên trong công nghiệp người ta dùng glucozo để tráng bạc, rẻ hơn và an toàn.

nAg = 2,16 : 108 = 0,02 mol → n glucozo = 0,02 : 2 = 0,01 mol

→ C_M = 0,01 : 0,05 = 0,2M

Chỉ cần nhớ 1 mol glucozo tráng bạc tạo 2 mol Ag.

Theo bài ra, ta có số mol glucozo là 18 : 180 = 0,1 mol

→ mAg = 0,2.108 = 21,6 gam

nAg = 0,1 mol.

Xét trường hợp A là monosaccarit: nA = 0,1 : 2 = 0,05 mol. mA = 0,05 . 180 = 9 gam → không thỏa mãn.

(Thực ra đáp án sẽ không thể là monosaccarit vì nhìn vào đáp án có cả Glucozo và fructozo, ta sẽ không phân biệt được 2 chất này nếu chỉ dựa vào phản ứng tráng gương.)

Xét trường hợp A là Đissaccarit, ta có nA = 0,1 : 4 = 0,25 mol; mA = 0,25 . 342 = 8,55 thỏa mãn

Trường hợp A là polisaccarit xét tương tự → Không thỏa mãn

Phương trình thủy phân: Saccarozo → glucozo + fructozo

Theo bài ra số mol glucozo là: 162 : 180 = 0,9

→ Khối lượng saccarozo cần dùng là: 0,9 . 342 = 307,8 gam

Tinh bột, xenlulozơ, saccarozơ, mantozơ đều là các monosaccarit và polisaccarit nên có khả năng tham gia phản ứng thủy phân

Đáp án C

Khi thủy phân mantozo thì Mantozo → 2 glucozo

Sau phản ứng có mantozo và glucozo do phản ứng có hiệu suất đều tham gia phản ứng với

AgNO₃ tạo Ag với : mantozo → 2Ag và glucozo → 2 Ag

Suy ra nAg = 0,03.2 + 0,24.2 = 0,54 mol → m = 58,32g

Đáp án B

Glucozo → 2Ag

0,15 → 0,3 mol

→ mdd Glucozo = 135g

Đáp án C

Glucozo → 2Ag

0,15 → 0,3 mol

→ m = 32,4g

Đáp án A

mTinh bột = 1000.95% = 950 kg

(C₆H₁₀O₅)_n → C₆H₁₂O₆ → 2C₂H₅OH

950/162 → 950.2/162

→ mC₂H₅OH = 85%.46.950.2/162 = 458,58 kg

Hợp chất (Z) có thể là: Glucozơ hoặc fructozơ.

+) Z + Cu(OH)₂/NaOH ở nhiệt độ thường tạo thành phức đồng → dung dịch màu xanh lam.

2C₆H₁₂O₆ + Cu(OH)₂ → (C₆H₁₁O₆)2Cu + 2H₂O

+) Phức đồng trên vẫn chứa nhóm CHO nên sẽ xảy ra phản ứng

RCHO + 2Cu(OH)₂ RCOOH + Cu2O↓ (đỏ gạch) + 2H₂O

→ Đáp án D

Khử hoàn toàn tạo n-hexan → chứng tỏ glucozơ có 6 nguyên tử C trong phân tử

Tác dụng với AgNO₃/NH₃ tạo kết tủa Ag → chứng tỏ glucozơ có nhóm CHO

Tác dụng với Cu(OH)₂ tạo dung dịch màu xanh lam → chứng tỏ glucozơ có nhiều nhóm OH ở vị trí liền kề nhau

Glucozơ tác dụng (CH₃CO)₂O tạo este pentaaxetat.

→ Đáp án D

+ Tinh bột và xenlulozơ cùng có công thức tổng quát (C₆H₁₀O₅)_n và là polisaccarit

→ chúng có cùng thành phần phân tử và có phản ứng thủy phân → Loại đáp án A, C

+ Cả tinh bột và xenlulozơ đều là những chất không tan trong nước → Loại đáp án B

+ Tinh bột và xenlulozơ khác nhau ở cấu trúc mạch phân tử: Tinh bột gồm nhiều mắt xích α – glucozơ liên kết với nhau tạo thành 2 dạng amilozơ và amilopectin còn xenlulozơ gồm nhiều mắt xích β – glucozơ liên kết với nhau tạo thành mạch kéo dài.

→ Đáp án D

Khi kết hợp nguyên tố S (lưu huỳnh) với cao su để tạo ra cao su lưu hóa có cấu trúc mạch không gian

Cao su thiên nhiên là polime của isopren hay [-CH₂=C(CH₃)-CH=CH₂-]_n ⇒ mắt xích là C₅H₈

(a) sai, đipeptit không cho phản ứng màu biure

(b) sai, có 1 liên kết

(c) đúng

(d) sai, không đổi màu

→ Đáp án A

- Đáp án D sai vì protein có hai dạng: hình cấu và hình sợi.

Protein hình sợi hoàn toàn không tan trong nước trong khi protein hình cầu tan trong nước tạo thành dung dịch keo như anbumin, hemoglobin

Theo bài ra, tỉ lệ nCO₂ : nH₂O = 8 : 11

⇒ tỉ lệ C : H = 4 : 11 ⇒ C₄H₁₁N

Theo bài ra thì X là amin bậc 1, do đó có:

+) C-C-C-C-NH₂ ( butan-1-amin)

+) C-C(CH₃)-C-NH₂ ( butan-2-amin)

+) C-C-C(CH₃)-NH₂ ( 2-metyl propan-1-amin)

+) C-C(CH₃)2-NH₂ ( 2-metyl propan-2-amin)

⇒ 4 đồng phân

→ Đáp án D

Đáp án B

npeptit= 0,05 mol

(gly)₂ + 2NaOH → muối +H₂O

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có
mpeptit + mNaOH= mrắn + mH₂O → 6,6 + 0,2.1.40 = mrắn +0,05.18

→ mrắn = 13,7