C₂H₂ và C₄H₄

Đốt cháy X ta có: nCO₂ = 2nH₂O

Gọi nH₂O = x mol ⇒ n_CO2 = 2x

m_X = m_C + m_H = 12.2x + 2x = 26x = 13

⇒ x = 0,5 mol

Bảo toàn O: nO₂ = nCO₂ + 1/2. nH₂O = 2,5x = 1,25 mol

n_CO2 = n_CaCO3 = 0,2 mol

m_{bình tăng} = mCO₂ + mH₂O 

⇒ mH₂O = 10,96 – 0,2.44 = 2,16g

⇒ nH₂O = 0,12 mol

n_ankin = nCO₂ – nH₂O = 0,08 mol

Gọi 2 ankin C_nH_2n-2 (0,02 mol); C_mH_2m-2 (0,06 mol)

n_CO2 = 0,02n + 0,06m = 0,2

⇒ n + 3m = 10

⇒ n = 4; m = 2

M_X = 14,5 ⇒ m_X = 0,1. 14,5 = 1,45g

nCO₂ = 2 nC₂H₂ + 2nC₂H₄ = 0,1mol

⇒ x + y = 0,05 mol (1) (x = nC₂H₂; y = nC₂H₄)

⇒ n_H2 = 0,1 – 0,05 = 0,05 mol ⇒ mH₂ = 0,1g

⇒ mC₂H₂ + mC₂H₄ = 1,45 – 0,1 = 1,35

⇒ 26x + 28y = 1,35 (2)

Từ (1)(2) ⇒ x = 0,025 mol; y = 0,025mol

⇒ %VC₂H₂ = 0,025 : 0,1 . 100% = 25%

2n_X = n_H2 + n_Br2 = 15,68/22,4 + 16/160

⇒ n_X = 0,4 mol ⇒ M_X = 27,2/0,4 = 68 (C₅H₆)

C₇H₆ + nAgNO₃ + nNH₃ → C₇H_8-nAg_n + nNH₄NO₃

n_↓ = n_C7H₆ = 0,15 mol ⇒ 0,15(92 + 108n) = 45,9 ⇒ n = 2

⇒ X có 2 liên kết ba đầu mạch, có 4 cấu tạo:

HC≡C – CH₂ – CH₂ – CH₂ – C≡CH; HC≡C – CH(CH₃) – CH₂ – C≡CH;

HC≡C – CH(C₂H₅) – C≡CH; HC≡C – C(CH₃)₂ – C≡CH

n_C = 8,96/2,24 = 4;

X + AgNO₃/NH₃ ⇒ X có liên kết ba đầu mạch

H% chung = 100%. 80%. 100% = 80%

CaCO₃ -^{H = 80%}→ C₂H₂

100g           →           26g

100g      →        100. 26/100. 80% = 20,8g

⇒ V = 20,8 : 26 .22,4 = 17,92 lít

Các chất tác dụng với AgNO₃ trong dung dịch NH₃ tạo kết tủa 1, 2, 3, 5, 6.

n_ankin = n_CO2 – n_H2O = 0,7 – 0,5 = 0,2 mol

Gọi 2 ankin là: C_nH_2n-2 (0,1 mol) và C_mH_2m-2 (0,1 mol)

n_CO2 = 0,1n + 0,1m = 0,7

⇒ n = 2; m = 5 hoặc n = 3, m = 4

nC₂H₂ = n_A = x

2x + 2x = 4x = 0,4 mol ⇒ x = 0,1 mol

m↓C₂H₂ = 0,1.240 = 24 gam

⇒ m↓_A = 40,1 – 24 = 16,1 gam

⇒ M↓_A = 16,1/0,1 = 161

⇒ A là but-1-in

n_X = 0,45 mol ⇒ n_ankadien = 0,15 mol; n_H2 = 0,3 mol.

\(\frac{{{M_Y}}}{{{M_X}}} = \frac{{{n_X}}}{{{n_Y}}} = 1,25\)

⇒ n_Y = 0,36 mol

n_{khí giảm} = n_X – n_Y = 0,09 = n_H2 pư

Ta có n_π = 2n_ankadien = n_H2 pư + n_Br2 = 0,3 mol

⇒ n_Br2 = 0,21 mol

n_π = 2n_butadien + n_etilen = n_H2 + n_Br2 = 0,5 mol

⇒ H₂ pư = 0,5 – 0,2 = 0,3 mol

n_Y = n_X – n_H2 pư = 0,15 + 0,2 + 0,4 – 0,3 = 0,45 mol

⇒ V = 10,08 lít

Gọi CTPT của anken là : C_nH_2n

Phương trình phản ứng :

3C_nH_2n + 2KMnO₄ + 4H₂O → 3C_nH_2n+2O₂ + 2MnO₂ + 2KOH

3.14n                                 3.14n + 102

M↑ = 102 g/mol

3,5                                            5,2       

m↑ = 1,7 gam

n↑ = 1,7/102 = 1/60 ⇒ n_anken = 0,05 mol

M_anken = 3,5/0,05 = 70 = 14n ⇒ n = 5

Vậy CTPT của anken là : C₅H₁₀

Giả sử n_A = 1 mol ; n_C2H₆ = x và n_C2H₂ = y; n_H2O = n_CO2 = 2 mol; x + y = 1 và 3x + y = 2 ⇒ x = 0,5 và y = 0,5 ⇒ %V = 50%

C_nH_2n + 3n/2 O₂ → nCO₂ + nH₂O

C_nH_2n+2 + (3n+1)/2 O₂ → nCO₂ + (n+1) H₂O

→ n_ankan = 0,23 – 0,14 = 0,09 mol

⇒ n_anken = 0,1 – 0,09 = 0,01 mol

C_nH_2n + 3n/2 O₂ → nCO₂ + nH₂O

C_nH_2n+2 + (3n+1)/2 O₂ → nCO₂ + (n+1)H₂O

n_ankan = nH₂O - nCO₂ = 0,4 – 0,35 = 0,05 (mol)

n_anken = 0,2 – 0,05 = 0,15 mol

→ %V_anken  = 75%

n_CO2 = 1,3 mol; nH₂O = 1,3 mol

⇒ Hidrocacbon là anken; CTPT là:

C_nH_2n + 3n/2 O₂ → nCO₂ + nH₂O

n_X = 0,5 mol ⇒ n_tb = 1,3/0,5 = 2,6 ⇒ 2 anken là: C₂H₄, C₃H₆;

nC₂H₄ : nC₃H₆ = 2:3

⇒ nC₂H₄ = 0,2 mol và nC₃H₆ = 0,3 mol

⇒ mC₂H₄ = 0,2.28 = 5,6 gam và m_C3H₆ = 0,3.42 = 12,6 gam

C₃H₆ + 9/2 O₂ → 3CO₂ + 3H₂O

C₃H₈ + 5O₂ → 3CO₂ + 4H₂O

n_X = 0,25 mol ⇒ nCO₂ = 0,25.3 = 0,75 mol; mCO₂ = 0,75.44 = 33 gam;

m_X = m_C + m_H ⇔ 21,8.2.0,25 = 0,75.12 + 2.nH₂O

⇒ nH₂O = 0,95mol; mH₂O = 18.0,95 = 17,1 gam

n_CO2 = 7,84/22,4 - 0,35 mol; nH₂O = 9,9/18 = 0,55 mol

Bảo toàn nguyên tố O:

2n_O2 = 2n_CO2 + nH₂O ⇒ n_O2 = 0,625 mol ⇒ V_O2 = 0,625.22,4 = 14 lit

Vì oxi chiếm 1/5 V_kk ⇒ V_kk = 5.14 = 70 (lít)

m = (4,48/22,4+ 2,2/44).18= 4,5 gam

Gọi V_C3H₈ = a lít => V_O2 ban đầu = a lít

C₃H₈ + 5O₂ -> 3CO₂ + 4H₂O

a/5 a 3a/5

→ sau khi H₂O ngưng tụ, hỗn hợp khí sau phản ứng đốt cháy gồm CO₂ và C₃H₈ dư.

=> V_hh khí sau phản ứng = V_CO2 + V_C3H₈ dư = 3a/5 + (a - a/5) = 1,4a lít

V_đầu = a + a= 2a lít

=> V_sau : V_đầu = 1,4a : 2a = 0,7 hay V_sau : V_đầu = 10 : 7

Gọi V_C3H₈ = a lít => V_O2 ban đầu = a lít

C₃H₈ + 5O₂ -> 3CO₂ + 4H₂O

a/5 a 3a/5

→ sau khi H₂O ngưng tụ, hỗn hợp khí sau phản ứng đốt cháy gồm CO₂ và C₃H₈ dư.

=> V_hh khí sau phản ứng = V_CO2 + V_C3H₈ dư = 3a/5 + (a - a/5) = 1,4a lít

V_đầu = a + a= 2a lít

=> V_sau : V_đầu = 1,4a : 2a = 0,7 hay V_sau : V_đầu = 10 : 7

Ta có: nC₅H₁₂ ban đầu = 11,2/22,4 = 0,5 mol

Đốt cháy 7,2g hidrocacbon X trong hỗn hợp A → 11,2 lít CO₂ + 10,8 g H₂O.

nCO₂ = 11,2/22,4 = 0,5 mol; nH₂O = 10,8/18 = 0,6 mol

Ta thấy: nH₂O > nCO₂ → hidrocacbon X là ankan.

Vì n_X = nH₂O - nCO₂ = 0,6 – 0,5 = 0,1 mol

→ M_X = 7,2/0,1 = 72 → 14n + 2 = 72 → n =5

Vậy hidrocacbon X đem đốt là C₅H₁₂ và đây cũng chính là lượng C₅H₁₂ chưa bị crackinh.

→ nC₅H₁₂ phản ứng crackinh = nC₅H₁₂ ban đầu - nC₅H₁₂ chưa bị crackinh = 0,5 – 0,1 = 0,4 (mol)

→ H = 0,4/0,5 . 100% = 80%

Ta có số mol chất sản phẩm

n_sp = nC₃H₈ dư + 2.nC₃H₈ phản ứng = 0,02 + 2.0,18 = 0,38

→ M = 8,8 : 0,38 = 23,16

Ta có: nC₃H₈ ban đầu = 2,2/44 = 0,05 mol

nCl₂ = 3,55/71 = 0,05 mol

Theo đề bài: m_X = 1,3894m_Y 

→ 78,5a = 1,3894.113b = 157b hay a = 2b (1)

Khí còn lại đi ra khỏi dung dịch NaOH dư là C₃H₈ và nC₃H₈ dư = 0,448/22,4 = 0,02 mol

→ nC₃H₈ phản ứng = nC₃H₈ ban đầu - nC₃H₈ dư = 0,05 – 0,02 = 0,03 mol

→ a + b = 0,03 (2)

Từ (1) và (2) → a = 0,02; b = 0,01.

→ nC₃H₇ Cl = 0,02.78,5 = 1 và nC₃H₆Cl₂ = 0,03.113 = 1,13 g

Đáp án B

CTPT của X là C_nH_2n+2 ; n = n_CO2 /n_X = 4

Khối lượng bình brom tăng là khối lượng của xicloankan:

m_xicloankan = 4,2 gam

n_H2O = 10,8/18 = 0,6 mol; n_CO2 = 11,2/22,4 = 0,5 mol

m_B = m_C + m_H = 0,5.12 + 0,6.2 = 7,2 gam

⇒ m_ankan = 7,2 – 4,2 = 3 gam

⇒ %(m)_ankan = 3.110%/7,2 = 41,67%

Đáp án: A

n_CO2 = n_BaCO3 = 49,25/197 = 0,25 mol ; m_CO2 + mH₂O = 49,25 – 32,85 = 16,4

mH₂O = 16,4 – 0,25.44 = 5,4

nH₂O = 5,4/18 = 0,3 mol 

nH₂O > nCO₂ ⇒ X là ankan ;

CTPT của X là : C_nH_2n+2 

n = 0,25/0,05 = 5⇒ X : C₅H₁₂

n_C = n_CO2 = n_BaCO3 = 29,55/197 = 0,15 mol

m_giảm = m_BaCO3 - (m_CO2 + mH₂O) = 19,35 mol

⇒ m_CO2 + mH₂O = 10,2g

mH₂O = 10,2 – 0,15.44 = 3,6 (gam)

⇒ nH₂O = 3,6/18 = 0,2 mol ⇒ n_H = 0,4 mol

n_C : n_H = 0,15 : 0,4 = 3 : 8 ⇒ CTPT: C₃H₈

Khối lượng bình 1 tăng là khối lượng của H₂O

⇒ nH₂O = 1,8/18 = 0,1 mol

Khối lượng bình 2 tăng là khối lượng của CO₂ 

⇒ n_CO2 = 3,52/44 = 0,08 mol

Nhận thấy: n_CO2 < nH₂O

 ⇒ hidrocacbon là ankan;

Số mol ankan là n_ankan = 0,1 – 0,08 = 0,02 mol

⇒ n = 0,08/0,02 = 4

CTPT của A là C₄H₁₀

n_C = n_CO2 = n_BaCO3 = 29,55/197 = 0,15 mol

m_giảm = m_BaCO3 - (m_CO2 + m_H2O) = 19,35 mol ⇒ m_CO2 + m_H2O = 10,2g

m_H2O = 10,2 – 0,15.44 = 3,6 (gam) ⇒ n_H2O = 3,6/18 = 0,2 mol ⇒ n_H = 0,4 mol

n_C : n_H = 0,15 : 0,4 = 3 : 8 ⇒ CTPT: C₃H₈

V_A : V_CH4 = 2 : 3 ⇒ n_A : n_CH4 = 2x : 3x

Khối lượng bình 1 tăng là khối lượng của H₂O: nH₂O = 12,6/18 = 0,7 mol

Gọi CTPT của ankan là C_nH_2n+2

C_nH_2n+2 + (3n+1)/2O₂ → nCO₂ + (n+1)H₂O

2x                                                      (n+1).2x

CH₄ + 2O₂ → CO₂ + 2H₂O

3x                                        6x

Ta có: (14n + 2).2x + 16.3x = 6,8 (1) ; (n + 1).2x + 6x = 0,7(2)

Từ 1, 2 ⇒ x = 0,05 và nx = 0,15 ⇒ n = 3

Vậy CTPT của A là C₃H₈

83,725 = 12n/(14n+2).100% ⇒ n = 6.

X tác dụng với Cl₂ cho 2 dẫn xuất monoclo

⇒ CTCT của X là CH₃-CH(CH₃)-CH(CH₃)-CH₃

CTPT dẫn xuất monoclo là C_nH_2n+1Cl; 38,38% = 35,5/(14n+36,5).100% ⇒ n = 4

⇒ CTCT của A là CH₃-CH₂-CH₂-CH₃

Ta có n_Cl2 = n_dx = n_HCl = x ⇒ m_dx - m_HCl = 8,4 ⇒ 92,5x – 36,5x = 8,4 ⇒ x = 0,15 mol ⇒ V = 3,36 lít.

Chất A là 1,2-đimetylxiclopropan

C_nH_2n + 3n/2 O₂ → nCO₂ + nH₂O

nH₂O = nCO₂ ⇒ mH₂O/18 = mCO₂/44 ⇒ m = 14 g

Số mol của hỗn hợp A là: n_A = 6,72/22,4 = 0,3 mol

Số mol A trong một phần là: n = 0,15 mol

Gọi CTPT của anken và ankadien lần lượt là: C_nH_2n và C_mH_2m-2 (n > 1; m > 2)

Phương trình đốt cháy:

C_nH_2n + 3n/2 O₂ → n_CO2 + n_H2O

C_mH_2m-2 + (3m-1)/2 O₂ → m_CO2 + (m-1) H₂O

Số mol CO₂ và mol H₂O lần lượt là: n_CO2 = 8,96/22,4 = 0,4 mol; n_H2O = 6,3/18 = 0,35 mol

Số mol của ankadien là: n_ankaddien = 0,4 – 0,35 = 0,05 mol

Số mol của anken là: n_anken = 0,15 – 0,05 = 0,1 mol

Phần trăm thể tích mỗi khí trong A là:

%V_anken = (0,1.100%)/0,15 = 66,67 % ; %V_ankaddien = 100% - 66,67% = 33,33%

Giả sử n_anken = n_H2 = 1 mol

n_A = 2- 0,75 = 1,25 mol

M_đ = 23,2.2.1,25/2 = 14,5; 14.n + 2 = 2.14,5

⇒ n = 4

n_X = 20,16/22,4 = 0,9 mol

n_Y = 13,44/22,4 = 0,6 mol

nH₂ pư = 0,9 – 0,6 = 0,3 mol

n_{anken dư} = 2,8/28 = 0,1 mol

n_{anken bđ} = 0,1 + 0,3 = 0,4 mol

⇒ nH₂ bđ = 0,5 mol

⇒ H = 0,3/0,4.100%=75%

nH₂O = 3 n_X = 0,45 mol ⇒ m_{H (X)} = m_H(H₂O) = 0,9g

M_X = 20. 2 = 40 ⇒ m_X = 0,15. 40 = 6g

m_{C (CO2}) = m_C(X) = m_X – m_H = 5,1g ⇒ n_C = n_CO2 = 0,425mol

⇒ m_{kết tủa} = 0,425. 100 = 42,5g