Chọn B.

Xét trường hợp có 2 gốc C₁₇H₃₃-; có 2 đồng phân:

     \(\eqalign{& C{H_2} - OOC - {C_{17}}{H_{33}}  \cr & |  \cr & CH - OOC - {C_{17}}{H_{33}}  \cr & |  \cr & C{H_2} - OOC - {C_{17}}{H_{31}} \cr} \)                              

\(\eqalign{& C{H_2} - OOC - {C_{17}}{H_{33}}  \cr  & |  \cr  & CH - OOC - {C_{17}}{H_{31}}  \cr & |  \cr & C{H_2} - OOC - {C_{17}}{H_{33}} \cr} \)

Trường hợp 2 gốc C₁₅H₃₁-, cũng có hai đồng phân

Chọn C.

Gốc C₁₁H₂₃- có dạng C_nH_2n+1- là gốc no nên trilauryl glixerit là chất rắn. Chất béo hầu như không bay hơi nên không có mùi rõ rệt. Các chất béo đều không tan trong nước.

Chọn C.

Chất béo + 3NaOH \( \to \) muối +C₃H₅(OH)₃

30 gam      0,09 mol                  0,03 mol

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng \( \to \) 30 gam chất béo thu được 30,84 gam muối.

\( \to \) 1 tấn chất béo điều chế được \({{1000.30,84} \over {30}} = 1028kg\)

n_CO2 – n_H2O = x – y = 4a = 4n_X

=>X có 5 liên kết pi (3 COO và 2 oleic)

=> X có dạng (Oleic)₂(Stearin)

Đáp án A

nCO₂ = 5,7 mol

nH₂O = 5 mol

Số C = 5,7/0,1 =57

Số H = 10/0,1 = 100

Vậy công thức phân tử của chất béo đó là C₅₇H₁₀₀O₆. Độ bất bão hòa: k = (2C + 2 – H)/2 = (57.2+2-100)/2 = 8

Số liên kết π có khả năng phản ứng với Br₂: 8 – 3 (trong 3 gốc COO) = 5

=> nBr₂ = 0,5 mol => V = 0,5 lít

Đáp án C

BTKL => m_CO2 = m _{chất béo} + m_O2 – m_H2O = 17,72 + 1,61.32 – 1,06.18 = 50,16 gam => n_CO2 = 1,14 mol

BTNT O: n_{O(chất béo)} = 2n_CO2 + n_H2O – 2n_O2 = 1,14.2 + 1,06 – 1,61.2 = 0,12 mol

=> n _{chất béo} = n_{O(chất béo)}/6 = 0,02 mol

Khi cho chất béo tác dụng với NaOH vừa đủ:

n_NaOH = 3n _{chất béo} = 0,06 mol

n _glixerol = n _{chất béo} = 0,02 mol

BTKL: m _muối = m _{chất béo} + m_NaOH – m _glixerol = 17,72 + 0,06.40 – 0,02.92 = 18,28 gam

Tỉ lệ:

17,72 gam chất béo thu được 18,28 gam muối

26,58 gam                            27,42 gam

Đáp án B

=> Ở gốc hiđrocacbon có 3 liên kết pi

=> n_X = n_Br2/3 = 0,05 mol

Đáp án D

Bảo toàn khối lượng m = 1,14.44+ 1,06.18 – 1,61.32 = 17,72 g

Bảo toàn nguyên tố O suy ra n_O (chất béo) = 2.1,14+1,06 – 1,61.2=0,12 mol

Suy ra n_{chất béo} = 0,12/6 = 0,02 mol

n_NaOH = 3.n_{chất béo} =0,06 mol, n_Glixerol =0,02 mol

Áp dụng bảo toàn khối lượng: m_muối = 17,72+0,06.40 – 0,02.92=18,28 gam

Suy ra nếu cho 7,088 gam chất béo tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH thì khối lượng muối tạo thành là 7,312 gam

Đáp án A

n_CO2 = 2,2 mol => n_C = 2,2 mol; n_H2O = 2,04 mol => n_H = 4,08 mol

m_O(X) = m_X – m_C – m_H = 34,32 – 2,2.12 – 2,04.2 = 3,84 gam => n_O(X) = 3,84 : 16 = 0,24 mol

=> n_X = n_O(X) : 6 = 0,04 mol

Số C = 2,2 : 0,04 = 55

Số H = 4,08 : 0,04 = 102

Vậy CTPT của X là C₅₅H₁₀₂O₆ có k = (2C + 2 – H) : 2 = (2.55 + 2 – 102) : 2 = 5

Mà có chứa 3 liên kết π trong gốc COO nên ở ngoài gốc hidrocacbon còn 2 liên kết π.

Do đó 1 phân tử X có khả năng với 2 phân tử Br₂.

=> n_Br2 = 2n_X = 2.0,12 = 0,24 mol

Đáp án C

*Phản ứng cháy:

BTKL: m_X = m_CO2 + m_H2O – m_O2 = 3,42.44 + 3,18.18 – 4,83.32 = 53,16 gam

BTNT “O”: n_O(X) = 2n_CO2 + n_H2O – 2n_O2 = 3,42.2 + 3,18 – 4,83.2 = 0,36 mol

=> n_X = n_O(X) : 6 = 0,36 : 6 = 0,06 mol

*Phản ứng thủy phân trong NaOH:

X + 3NaOH → Muối + C₃H₅(OH)₃

n_NaOH = 3n_X = 0,06.3 = 0,18 mol

n_Glixerol = n_X = 0,06 mol

BTKL: m _muối = m_X + m_NaOH – m_glixerol = 53,16 + 0,18.40 – 0,06.92 = 54,84 gam

Đáp án D

Hỗn hợp X gồm :        C₅₁H₉₈O₆ (3 pi) ; C₅₇H₁₀₄O₆ (6 pi) : x mol mỗi chất

                                 C₁₈H₃₆O₂ (1 pi) ; C₁₆H₃₂O₂ (1 pi)

n_CO2 = 83,776 : 22,4 = 3,74 ; n_H2O = 57,24 : 18 = 3,18

Khi đốt cháy : n_CO2 – n_H2O = (3 – 1)x + (6 – 1)x = 7x = 3,74 – 3,18 = 0,56 mol

=> x = 0,08 mol

Khi X + NaOH :        

(C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3C₁₅H₃₁COONa + C₃H₅(OH)₃

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3C₁₇H₃₃COONa + C₃H₅(OH)₃

n_Glycerin = n_este = 2x = 0,16 mol

=> m_Glycerin= 14,72g

Đáp án A

Vì 2 muối có tỉ lệ 1 : 3 nên giả sử: R₁COONa : 0,3 mol và R₂COONa : 0,1 mol

Đốt muối có

Muối  + 0,45 mol O₂ → CO₂ + H₂O + Na₂CO₃

BTNT “Na”: n_Na2CO3 = 1/2n _NaOH = 0,2 (mol)

→ bảo toàn O có : 2n_COO- + 2n_O2 = 2n_CO2 + 3n_Na2CO3 + n_H2O  

=> H₂O = 2.0,4 + 2.0,45 -2.0,4-3.0,2 =  0,3 mol

Bảo toàn khối lượng:

m_muối  + m_O2 = m_CO2 + m_Na2CO3 + m_H2O

=> m_muối = 0,4.44 + 0,2.106 + 0,3.18 – 0,45.32 = 29,8 (g)

Bảo toàn khối lượng có m_muối = 29,8 g = 0,3(R₁ + 67) + 0,1.(R₂ + 67)

=> 3R₁ + R₂ = 30

=>  R₁ = 1 và R₂ = 27 là nghiệm thỏa mãn

Bảo toàn khối lượng phản ứng tác dụng với NaOH có

m_E + m_NaOH = m_muối + m_Glixerol + m_H2O

=> 23,06 + 0,4.40 = 29,8 + 3,68 + m_H2O

=> m_H2O = 5,58 (g)

=> n_H2O = 0,31mol → n_Z = (0,4 - 0,31) : 3 = 0,03 mol

→n_X = 0,24 mol và n_Y  = 0,07

→ có n_X + 2n_Z = n_R1COONa nên Z tạo từ 2X và 1 Y

Z là (HCOO)₂-C₃H₅-OOC-C₂H₃ : 0,03

→%Z = 26,28% gần nhất với 26%

Đáp án B

X + H₂ → X^’ chứa C₂H₄O₂; C₆H₁₂O₂; C₆H₁₀O_4; C₅H₈O₄; C₅₇H₁₁₀O₆

Ta thấy:

C₂H₄O₂ =  CH₄ + CO₂

C₆H₁₂O₂ = C₅H₁₂ + CO₂

C₆H₁₀O₄ = C₄H₁₀ + 2CO₂

C₅H₈O₄ = C₃H₈ + 2CO₂

C₅₇H₁₁₀O₆ = C₅₄H_110­  + 3CO₂

Do vậy quy đổi X’ thành C_nH_2n+2 : a (mol) và CO₂

Ta coi đốt X’chính là đốt X và H₂: 0,25 (mol)

                    2H₂    +  O₂ $\stackrel{}{\to }$2H₂O

                    0,25→0,125        → 0,25   (mol)

Vậy lượng O₂ cần đốt cháy X’ = 1,89 + 0,125 = 2,015 (mol)

Số mol H₂O cháy tạo ra là: n_H2O = 22,32/18 + 0,25 = 1,49 (mol)

PT cháy X’: C_nH_2n+2 + (3n+1)/2 O₂ →  nCO₂ + (n+1)H₂O

Theo PTHH:                   (3n+1): 2                 $\stackrel{}{\to }(n+1)$       (mol)

Theo ĐB:                          2,015                $\stackrel{}{\to }$        1,49         (mol)

$\begin{array}{l}\to \mathrm{n }=\frac{\mathrm{127/}}{2}\end{array}$   

Mặt khác: nH2O=x(n+1)=1,49$\Rightarrow \mathrm{x }= 0,22$

Đáp án C

Công thức cấu tạo của các chất lần lượt là:

HCOOCH₃ ; (COOCH₃)₂ ; (CH₃COO)₃C₃H₅; CH₃COOC₆H₅

Các ancol thu được là: CH₃OH (x mol) và C₃H₅(OH)₃ (y mol)

m _ancol = 32x + 92y = 1,56 (1)

n_H2 = 0,5n_CH3OH + 1,5n_C3H5(OH)3 = 0,5x + 1,5y = 0,025 (2)

Giải (1) (2) thu được x = 0,01; y = 0,02

Hỗn hợp đầu gồm: HCOOCH₃ (a mol); (COOCH₃)₂ (b mol);(CH₃COO)₃C₃H₅ (0,1 mol); CH₃COOC₆H₅ (c mol)

*m _hh = 60x + 118y + 136z + 0,1.218 = 4,73 (3)

*n_CH3OH = x + 2y = 0,02 (4)

*Đốt X: n_CO2 = 0,21 mol; n_H2O = 0,145 mol

m_O(X) = m_hh - m_C - m_H = 4,73 – 0,21.12 – 0,145.2 = 1,92 gam → n_O(X) = 0,12 mol

BTNT “O”: n_O(X) = 2x + 4y + 0,01.6 + 2z = 0,12 (5)

Giải (3) (4) (5) được a = 0,01; b = 0,005; c = 0,01

Xét phản ứng của X với NaOH:

n_{NaOH pư} = a + 2b + 0,01.3 + 2c = 0,07 mol

n_H2O = c = 0,01 mol

BTKL: m _muối = m _hh + m_NaOH - m _ancol - m_H2O = 4,73 + 0,07.40 – 1,56 - 0,01.18 = 5,79 gam

BTKL → m_X = m_CO2 + m_H2O - m_O2 = 1,28.44 + 1,15.18 - 1,785.32 = 19,9 gam

Đặt số mol của axit oleic và triglixerit lần lượt là a và 2a mol

Bảo toàn O → 2.a + 6.2a + 2.1,785 = 2.1,28 + 1,15 → a = 0,01

→ n_{axit oleic} = 0,01 mol; n_triglixerit = 0,02 mol

*Khi đốt hợp chất hữu cơ bất kì (chứa C, H, O) có độ bất bão hòa k, ta luôn có: n_CO2 - n_H2O = n_hchc.(k-1)

- Đốt axit oleic (k = 2) thì: n_{CO2(do axit oleic)} - n_{H2O(do axit oleic)} = 0,01.(2 - 1) (*)

- Đốt triglixerit Y (k) thì: n_{CO2(do Y)} - n_{H2O(do Y)} = 0,02.(k - 1) (**)

Cộng vế với vế của (*) và (**) được:

      ∑n_CO2 - ∑n_H2O = 0,01 + 0,02.(k - 1)

→  1,28 - 1,15 = 0,01 + 0,02.(k - 1)

→ k = 7

*Khi cho hỗn hợp tác dụng với Br₂ thì:

n_Br2 = n_{axit oleic} + (7-3).n_triglixerit = 0,01 + 4.0,02 = 0,09 mol

Tỷ lệ: 19,9 gam hỗn hợp X tác dụng với tối đa 0,09 mol Br₂

→       29,85 gam ………………………………0,135 mol

Vậy x = 0,135

Đáp án D

Đặt công thức chung của chất béo là (C_nH_mCOO)₃C₃H₅ (a mol) trong đó m = 2n + 1 – 2k (k là độ bất bão hòa của gốc hidrocacbon)

=> n_KOH = 3a (mol) và n_glixerol = a (mol)

=> m_KOH = 168a (g)

=> m_H2O = 432a (g)

=> m _hơi = m _glixerol + m_H2O => 92a + 432a = 26,2 => a = 0,05 mol

=> n_CnHmCOOK = 3a = 0,15 mol

Ta có: m_X = 0,05.(36n + 3m + 173) = 42,38 (1)

Đốt Z:  n_K2CO3 = 0,5n_CnHmCOOK = 0,075 mol

BT “C”: n_CO2 = n_C – n_K2CO3 = 0,15(n+1) – 0,075 = 0,15n + 0,075 (mol)

BT “H”: n_H2O = 0,075m (mol)

m_CO2 + m_H2O = 152,63 => 44(0,15n + 0,075) + 18.0,075m = 152,63 (2)

Giải (1) và (2) => n = 241/15 và m = 481/15

Thay vào (*) => k = 8/15

n_Br2 = 3k.n_X = 0,24 mol

Đáp án C

Nhận thấy b - c = 4a → trong X có 5 liên kết π trong đó có 3 liên kết π ở gốc COO và 2 liên kết π ở gốc hidrocacbon C=C

Như vậy để hidro hóa hoàn toàn 1 mol X cần dùng 2 mol H₂ → n_X = 0,3 : 2 = 0,15 mol

BTKL ta có: m_X = 39 - 0,3.2 = 38,4 (g)

Khi tham gia phản ứng thủy phân → n_C3H5(OH)3 = n_X = 0,15 (mol)

BTKL: m_{chất rắn} = m_X + m_NaOH - m_C3H5(OH)3

→ m_{chất rắn} = 38,4 + 0,7.40 - 0,15.92 = 52,6 (g)

Đáp án B

Nhận thấy b - c = 5a → trong X có 6 liên kết π trong đó có 3 liên kết π ở gốc COO và 3 liên kết π ở gốc hidrocacbon C=C

Như vậy để hidro hóa hoàn toàn 1 mol X cần dùng 3 mol H₂ → n_X = 0,12 : 3 = 0,04 mol

BTKL ta có: m_X = 35,6 - 0,12.2 = 35,36 (g)

Khi tham gia phản ứng thủy phân → n_C3H5(OH)3 = n_X = 0,04 (mol)

BTKL: m_{chất rắn} = m_X + m_NaOH - m_C3H5(OH)3

→ m_{chất rắn} = 35,36 + 0,12.40 - 0,04.92 = 36,48 (g)

Đáp án C

- Công thức của X có dạng: (RCOO)₃C₃H₅

- Gọi số mol  X trong m gam là x => n_O(X) = 6x mol

- Phản ứng cháy:

BTNT "O": n_O(X) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O => n_CO2 = ½ (6x + 2.1,54 – 1) = 3x + 1,04

=> m_X = m_C + m_H + m_O = 12(3x + 1,04) + 1.2 + 16.6x = 132x + 14,48

- Thủy phân X với  NaOH:

            (RCOO)₃C₃H₅ + 3KOH → 3RCOOK + C₃H₅(OH)₃

Mol                  x          →     3x     →       3x    →       x

Bảo toàn  khối  lượng: m_X + m_NaOH = m_muối + m_ancol

=> (132x + 14,48) + 3x.56 = 18,64 + 92x

=> x = 0,02 mol  => n_{CO2 (cháy)} = 3x + 1,04 = 1,1 mol

Số nguyên tử C = n_C : n_X = n_CO2 : n_X = 1,1 : 0,02 = 55

Số nguyên tử H = n_H : n_X = 2n_H2O : n_X = 2 : 0,02 = 100

Vậy CTPT của X là C₅₅H₁₀₀O₆ => Độ bất bão hòa: k = (2C + 2 - H)/2 = (2.55 + 2 - 100)/2 = 6

Vì X có sẵn 3 liên kết π trong 3 nhóm COO => 3 liên kết π còn lại nằm trong gốc hidrocacbon

=> Khi X + H₂ dư thì: n_H2 = 3n_X => a = n_X = 0,06 : 3 = 0,02 mol

Đáp án B

n_C3H5(OH)3 = 0,1

=> n_NaOH = 0,3

Bảo toàn khối lượng => m_RCOONa = 91,8

=> m_{Xà phòng} = 91,8/60% = 153 gam

Đáp án A

 (RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH →  3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

                                          83,4g        0,1mol

=>M_Muối = 278g => M_axit = 278-23+1=256g

=> X là C₁₅H₃₁COOH

Đáp án B

Triolein: (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ (trong phân tử có 3 liên kết C=C) => có tính chất của este và của liên kết bội kém bền

Các chất pư với triolein là: (1) dung dịch KOH ;2) H₂/xúc tác Ni, t°; (3) dung dịch H₂SO₄ (loãng) đun nóng; (4) dung dịch Br₂ => có 4 chất

(1) (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3KOH → 3C₁₇H₃₃COOK + C₃H₅(OH)₃

(2) (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + 3H₂ $\stackrel{}{⟶}$ (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

(3) (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅ + H₂O  $\stackrel{}{⟷}$ C₁₇H₃₃COOH + C₃H₅(OH)₃

(4) (CH₃[CH₂]₇CH=CH[CH₂]₇COO)₃C₃H₅ + Br₂ →(CH₃[CH₂]₇CHBr-CBr[CH₂]₇COO)₃C₃H₅

Đáp án D

X là Trieste của glixerol và 3 axit hữu cơ khác nhau là axit acrylic, axit fomic và axit axetic

→ X có số đồng phân là 4

Đáp án C

Dầu bôi trơn có thành phần chính là các hidrocacbon nên không phải  là este của axit béo và glixerol

Đáp án D

2 Axit : Ste và Pan

Ste – Ste – Ste ; Pan – Pan – Pan

Ste – Ste – Pan ; Ste – Pan – Ste

Pan – Pan – Ste ; Pan – Ste – Pan

Đáp án A  

Đun chất béo X với dung dịch NaOH thu được natri oleat và glixerol. Công thức của X là (C17H33COO)3C3H5

Đáp án A

Y có CTCT là: CH₂=CH-COONa

=> X là este của axit acrylic => CH₂=CHCOOCH₃ (metyl acrylat).

Đáp án A

Este có mùi chuối chín là isoamyl axetat có công thức cấu tạo: CH₃COOCH₂CH₂CH(CH₃)₂.

Đáp án B

Độ bất bão hòa của phân tử X: k = (2C + 2 - H)/2 = (2.7 + 2 - 10)/2 = 3

=> X là este hai chức và có 1 liên kết C=C

- Từ (3) suy ra X₁ muối natri của axit hữu cơ

- Từ (2) suy ra X₂ có cùng số C với X₃

=> X là C₂H₅OOC-CH₂-COOCH=CH₂

Các PTHH:

(1) C₂H₅OOC-CH₂-COOCH=CH₂ (X) + 2NaOH → NaOOC-CH₂-COONa (X₁) + CH₃CHO (X₂) + C₂H₅OH (X₃)

(2) CH₃CHO (X₂) + H₂ → C₂H₅OH (X₃)

(3) NaOOC-CH₂-COONa (X₁) + H₂SO₄ → HOOC-CH₂-COOH (Y) + Na₂SO₄

(4) 2C₂H₄ + O₂ → 2CH₃CHO

A. Đun nóng X₃ với H₂SO₄ đặc (170°C), thu được chất Z

=> đúng, đun nóng C₂H₅OH với H₂SO₄ đặc (170°C), thu được C₂H₄.

B. Trong Y có số nguyên tử cacbon bằng số nguyên tử hiđro

=> Sai, Y có CTPT là C₃H₄O₄

C. X có mạch cacbon không phân nhánh

=> Đúng

D. X₃ có nhiệt độ sao cao hơn X₂

=> Đúng, X₃ có liên kết H nên có nhiệt độ sôi cao hơn X₂

Đáp án B

Phản ứng 1 : thủy phân với NaOH tỉ lệ mol 1 : 4 tạo ra 2NaCl

=> X có 2 nhóm COO và 2 gốc Cl

Dựa vào phản ứng thứ 2 : C₂H₄NO₄Na là NH₄OOC-COONa

=> Y là OHC-COONa

Dựa vào phản ứng thứ 3 => Z là muối hữu cơ

=> Z có thể là HOC₂H₄COONa

Phản ứng 4  : oxi hóa bằng nước Brom => T là CH₃CHO -> CH₃COOH

X có thể là: Cl₂CH-COOC₂H₄COOCH=CH₂

=> M_X = 227g

Đáp án A

X là CH₃COOC₂H₅

CH₃COOC₂H₅ + NaOH → CH₃COONa + C₂H₅OH

Đáp án D

CH₃COOC₂H₅ + H₂O → CH₃COOH + C₂H₅OH

C₂H₅OH + [O] → CH₃COOH + H₂O

Đáp án D

Chú ý trong phản ứng thủy phân môi trường kiềm thì m_{chất rắn} = m_muối + m_{NaOH dư} (nếu có).

CH₃COOC₂H₅ + NaOH → CH₃COONa + C₂H₅OH.

Vì n_CH3COOC2H5 = 0,1 mol > n_NaOH = 0,04 mol → este còn dư.

Vậy n_CH3COONa = 0,04 mol → m_CH3COONa = 0,04.82 = 3,28 gam.

Đáp án A

n _CH3COOCH3 =  17,76 : 74 = 0,24 mol

CH₃COOCH₃ +KOH → CH₃COOK + CH₃OH

   0,24                                  0,24                              mol

m_muối = 98. 0,24 =23,52 g

Đáp án A

Amin thể hiện tính bazo khi nó nhận proton (H⁺).

Trong các đáp án ta thấy phản ứng D không thỏa mãn.

Đáp án D