Chất có trong khói thuốc lá gây hại cho sức khỏe con người là nicotin.

Natri hiđrocacbonat có công thức là NaHCO₃.

Thủy phân HCOOCH2CH3 thu được ancol etylic (CH3CH2OH)

saccarozơ thuộc loại đisaccarit

Al(OH)₃ là hiđroxit lưỡng tính

Cấu hình electron của ion Fe³⁺ là [Ar]3d⁵. 

Ở điều kiện thường, kim loại Fe phản ứng được với dung dịch FeCl₃.     

Dung dịch làm xanh quỳ tím là Etylamin

Theo Are – ni – ut, KOH là bazo

Chất X có công thức CH₃-NH₂. Tên gọi của X là metylamin.

Ở nhiệt độ thường, Be không tác dụng với nước 

Glucozơ không tham gia phản ứng thủy phân

C₄H₈ thuộc dãy đồng đẳng anken

Tinh bột thuộc loại polime thiên nhiên.

Na3PO4 dùng để làm mềm nước có tính cứng toàn phần

Ba là kim loại kiềm thổ.

Công thức của tripanmitin là (C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅.  

Đá vôi chứa thành phần chính là CaCO₃.

Cu không tan được trong dung dịch H2SO4 loãng

Dung dịch HNO3 loãng hòa tan hỗn hợp Fe2O3 và Fe3O4 có thoát ra khí

Kết tủa Fe(OH)2 sinh ra khi cho dung dịch FeCl2 tác dụng với dung dịch KOH

Mg + CuSO4 → MgSO4 + Cu

0,2                                       0,2

mCu = 0,2.64 = 12,8 gam

Etylamin là amin chứa vòng benzen → Sai

Đáp án C

Cho các polime sau: poli(vinyl clorua), polistiren, poli(etylen-terephtalat), nilon-6,6. Số polime được điều chế bằng phản ứng trùng hợp là 2

Đáp án B

nGly-Ala = 21,9 : 146 = 0,15 mol

Gly−Ala + H₂O + 2HCl → ClH₃NCH₂COOH + ClH₃NCH(CH₃)COOH

nGly−Ala=0,15 mol → nH₂O = 0,15 mol→ nHCl = 0,3 mol

Bảo toàn khối lượng

m = 21,9 + 0,15.18 + 0,3.36,5 =35,55

Đáp án B

(C₆H₁₀O₅)_n → nC₆H₁₂O₆

nC₆H₁₂O₆ - nC₆H₁₀O₅.75% = (360 : 162).75% = 1,67 mol

→ m = 1,67.180 = 300 gam

Các phản ứng gồm :

Na + H2O → NaOH + ½ H2

0,1             0,1      0,05

NaOH + Al + H2O → NaAlO2 + 1,5H2

0,1     0,1                                    0,15

Vậy VH2 = 4,48 lit

có kết tủa màu vàng nhạt           

MX = 56g 

X có dạng RO2 → R = 24

→ nX = 0,4 mol 

nK+ = 0,5.0,5 = 0,25

nCa2+ = 0,2 và nOH- = 0,25 + 0,4 = 0,65 mol

nCa2+ = 0,2 mol → nCaCO3 = 0,2 mol

→ mCaRO3 = 23 gam

Đáp án C

nC phản ứng = nY - nX = 0,75a (BTC)

Bảo toàn electron: 4n_{C phản ứng} = 2nCO + 2nH₂ → nCO + nH₂ = 1,5a

→  nCO₂(Y) = nY - (nCO + nH₂) = 0,25a

Ca(OH)₂ dư nên nCO₂ (Y) = nCaCO₃ = 0,0075

→  0,25a = 0,0075 →  a = 0,03 

Từ PTPƯ của X => X có nhóm chức este và nhóm –COOH (vì sinh ra H₂O).

X₁, X₂ tác dụng với axit vô cơ mạnh tạo X₃, X₄ và muối natri của axit vô cơ =>X₁, X₂ là muối natri của axit hữu cơ hoặc hiđroxi axit => X₂ không thể trùng ngưng => A SAI.

X₃ được tạo từ X₁ và có p.ư tráng bạc cho ra (NH₄)₂CO₃ => X₃ là HCOOH.

X₄ là hợp chất hữu cơ no, phân tử có 3 nguyên tử Cacbon => X₄ là HO-CH₂-CH₂-COOH hoặc

CH₃-CH(OH)-COOH. => X là HCOOCH₂CH₂COOH hoặc ….         

\(\begin{array}{l}
 + \,\,\left\{ \begin{array}{l}
{n_{X,\,\,Y}} = 0,06\\
{n_{KOH}} = 2{n_{{K_2}C{O_3}}} = 0,07
\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
{n_X} = 0,05\\
{n_Y} = 0,01
\end{array} \right.\\
 + \,\,{\overline C _{X,\,\,Y}} = \frac{{{n_{C{O_2}}} + {n_{{K_2}C{O_3}}}}}{{{n_{X,\,\,Y}}}} = 3 \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
X:\,\,HCOOC{H_3}\,\,({C_X} = 2)\\
{C_Y} = \frac{{0,18 - 0,05.2}}{{0,01}} = 8 \Rightarrow Y\,:\,HCOO{C_6}{H_4} - C{H_3}
\end{array} \right.\\
 + \,\,\,\left\{ \begin{array}{l}
HCOOK:0,06\\
C{H_3} - \,{C_6}{H_4}OK:0,01
\end{array} \right. \Rightarrow m = 6,50\,g.\,\,
\end{array}\)

Ta có: \(\left\{ \begin{array}{l}
6{n_X} + 1,54.2 = 2{n_{C{O_2}}} + 1\\
m + 49,28 = 44{n_{C{O_2}}} + 18\\
m + 3{n_X}.56 = 18,64 + 92{n_X}
\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
{n_X} = 0,02\;mol\\
{n_{C{O_2}}} = 1,1\;mol\\
m = 17,12\;(g)
\end{array} \right. \Rightarrow k = 6\;\) (có 3π gốc H.C)

X + 3H₂ → Chất béo no → a = nH₂/3 = 0,04 mol.

Chọn C. Các  ý đúng là (c) và (e).

a. Sai vì sản phẩm của phản ứng là glixerol và muối của axit béo.

b. Sai vì thao tác khuấy đều bằng đũa thủy tinh rất khó thực hiện trong ống nghiệm.

(d) Sai vì mục đích chính của việc thêm nước cất là để hỗn hợp không bị cạn khô, đảm bảo cho p.ư thủy phân xảy ra bình thường.

Este 2 chức E + NaOH -----> H₂O + X + Y + Z => E có 1 chức este của phenol.

Vì E, X, Y, Z chỉ chứa 1 loại nhóm chức và M_Z < M_Y < M_X < 150 nên E có thể có các CTCT:

CH₃OOC – COOC₆H₄-CH₃ (3 đp); CH₃-CH₂OOC – COOC₆H₅;  CH₃OOC-CH₂-COOC₆H₅.

E có 5 CTCT thỏa mãn.                                                                                                            => (b) sai.

E là este 2 chức và có 1 chức este của phenol nên a mol E tác dụng với 3a mol KOH=> (c) đúng.

X là NaOOC – COONa hoặc NaOOC-CH₂-COONa nên đốt Z chỉ thu được  tối đa 1 mol H₂O => (d) sai.

Z (NaOOC – COONa  hoặc NaOOC-CH₂-COONa ) +  H₂SO₄-----> T (HOOC – COOH hoặc

HOOC –CH₂ – COOH) . => a mol T tác dụng với Na dư thu được a mol H_2­ hay 22,4a lít H₂ (ở đktc)  => (a) đúng.

* n­_Y = n_E = 0,2 → Đốt Y được \(\left\{ \begin{array}{l}
{H_2}O:0,71\\
C{O_2}:0,71 - 0,2 = 0,51
\end{array} \right.\) 

→ n_{O (trong Y)} = 0,71 + 0,51.2 – 0,72.2 = 0,29 > n_Y => hỗn hợp Y chứa \(\left\{ \begin{array}{l}
R{(OH)_2}:0,29 - 0,2 = 0,09\\
R'OH:0,2 - 0,09 = 0,11
\end{array} \right.\)  → 0,09.C_R + 0,11.C_R’ = 0,51 →  \(\left\{ \begin{array}{l}
{C_R} = 2\\
{C_{R'}} = 3
\end{array} \right.\) 

Tìm este:

* BTKL: m_X = 12,78 + 0,51.44 – 0,72.32 + 24,06 – 0,29.40 = 24,64 gam

* Hai este trong X :\(\left\{ \begin{array}{l}
{C_n}{H_{2n}}{O_2}:0,11\\
{C_m}{H_{2m - 2}}{O_{4:}}0,09
\end{array} \right. \to 0,11.(14n + 32) + 0,09.(14m + 62) = 24,64 \to \left\{ \begin{array}{l}
n = 6\\
m = 5
\end{array} \right.\) 

→ C₂H₅COOC₃H₇ và \(\left. \begin{array}{l}
\,\,\,\,\,HCOO\\
C{H_3}COO
\end{array} \right\rangle {C_2}{H_4}\) 

* Este hai chức trong E là \(\left. \begin{array}{l}
\,\,\,\,\,HCOO\\
C{H_3}COO
\end{array} \right\rangle {C_2}{H_4}\): 0,09 mol => Este có phân tử khối lớn nhất trong E.

* %m = 0,09.132/(24,64-0,2.2) = 49,01%. Đáp án A.

\(\begin{array}{l}
 + \,\,E \to \left\{ \begin{array}{l}
X'\,\,\,{(COON{H_4})_2}:\,\,x\,\,mol\\
Y'\,\,\,HCOON{H_4}:\,\,y\,\,mol\\
C{H_2}:\,\,z\,\,mol
\end{array} \right\} \to \left\{ \begin{array}{l}
C{O_2}\\
{H_2}O:\,\,0,84\,\,mol\\
{N_2}
\end{array} \right\}\\
 \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
{n_E} = x + y = 0,2\\
BTE:\,\,8{\rm{x}} + 5y + 6{\rm{z}} = 0,58.4\\
BT\,\,H:\,\,8{\rm{x}} + 5y + 2{\rm{z}} = 0,84.2
\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
x = 0,12\\
y = 0,08\\
z = 0,16
\end{array} \right. \Rightarrow z = 2y \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
X'\,\, = \,X\\
2C{H_2}\, = \,\,Y'
\end{array} \right.\\
 + \,\,\,E \Rightarrow \underbrace {\left\{ \begin{array}{l}
{(COON{H_4})_2}:\,\,0,12\,\,mol\\
H{(C{H_2})_2}COON{H_4}:\,\,0,08\,\,mol
\end{array} \right\}}_{hh\,\,E}\\
 + \,\,\underbrace {\left\{ \begin{array}{l}
{(COON{H_4})_2}:\,\,0,12\\
H{(C{H_2})_2}COON{H_4}:\,\,0,08
\end{array} \right\}}_{hh\,E} \to \left\{ \begin{array}{l}
{(COONa)_2}:\,\,0,12\\
H{(C{H_2})_2}COONa:\,\,0,08
\end{array} \right\} + N{H_3} \uparrow \\
 \Rightarrow \% H{(C{H_2})_2}COONa = \frac{{0,08.96}}{{0,08.96 + 0,12.134}} = 32,32\% \,\,
\end{array}\)