Cho cùng một lượng kim loại M tác dụng với dung dịch HCl dư và với khí Cl₂ dư thu được các khối lượng muối clorua khác nhau. Kim loại M là Fe

Este vinyl axetat là ese chưa no. 

Peptit mạch hở Ala-Gly không cho được phản ứng với Cu(OH)₂. 

Polime được điều chế bằng phản ứng trùng ngưng là poli(etilen terephtalat).

Số đồng phân cấu tạo của các amin có công thức phân tử C₂H₇N là 2.

Bơ thực vật (margarine) được sản xuất từ dầu thực vật bằng phản ứng hiđro hóa.

Kim loại dẫn điện tốt nhất là Ag

Hòa tan hết 2,16 gam kim loại M trong HNO₃ dư được 1,344 lít khí NO (đkc; sản phẩm khử duy nhất). Kim loại M dễ dàng tìm được là Mg.

Khi thủy phân este X (môi trường H⁺) thu được axit axetic và ancol etylic. X là CH₃COOC₂H₅.

Để phân biệt dung dịch glucozơ và dung dịch fructozơ, ta dùng nước brom.

Có 2 este C₄H₈O₂ khi xà phòng hóa bằng dung dịch NaOH tạo sản phẩm gồm ancol và muối natri fomat. 

Thủy phân hoàn toàn 14,6 gam peptit mạch hở Gly-Ala bằng dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn thu được lượng muối khan là 20,8 gam.

Tương đương với việc đã hút 54 : 21,6 = 2,5 điếu thuốc lá . 

Glucozơ không cho được phản ứng thủy phân. 

Tính cứng của kim loại không phải do các electron tự do trong mạng tinh thể kim loại gây nên. 

Caprolactam cho được phản ứng trùng hợp

Cacbohiđrat không chứa nguyên tố N trong thành phần phân tử.

Ta có n_{O bị CO lấy} = n_{CuO bị khử} = 0,125 mol nên %CuO bị khử = (0,125.80) : 10 = 100%

Tơ visco là tơ bán tổng hợp

Bản chất của tơ tằm là protein

Hòa tan hết 10 gam rắn X gồm Al₂O₃; FeO và MgO cần vừa đủ 300 ml dung dịch HCl 1M. Cô cạn dung dịch sau phản ứng được mmuối = 10 + 36,5.0,3 – 18.0,15 = 18,25 gam. 

Gọi a là số mol Fe đã phản ứng thì số gam Fe đã tan là 56a gam, số gam Cu đã bám vào đinh sắt là 64a gam nên 64a – 56a = 0,2. Rút ra a = 0,025, do đó m_{Cu đã bám} = 0,025.64 = 1,6 gam

Số triglixetir ở thể rắn trong điều kiện thường là 2, gồm tripanmitin và tristearin.

Các phát biểu đúng về cacbohiđrat:

(1) Glucozơ tác dụng được với H₂ (xúc tác Ni, đun nóng) tạo sobitol.

(3) Trong dung dịch, glucozơ và saccarozơ đều hòa tan Cu(OH)₂, tạo phức màu xanh lam

Số chất trong dãy đều cho phản ứng đồng thời cả với dung dịch NaOH và với dung dịch HCl là 2, gồm NH₂CH₂COOH và HCOONH₃CH₃. 

Xà phòng hóa hoàn toàn một lượng triglixerit X bằng dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn được hỗn hợp rắn khan Y chỉ gồm natri panmitat và natri stearat. Số công thức cấu tạo có thể có của X là 4.

Gọi a, b là số mol Al₂O₃ và CuO, ta có hệ:

\(\left\{ \begin{array}{l}
102a + 80b = 15\\
6a + 2b = 0,72
\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}
a = 0,1\\
b = 0,06
\end{array} \right.\)

\( \to \% CuO = \frac{{102.0,1}}{{15}} = 68\% \)

Cho một lượng bột Al vào cốc đựng dung dịch HNO3 dư. Sau khi phản ứng xảy ra xong thu được dung dịch X và không thấy thoát ra khí. Số chất tan trong dung dịch X là 3, gồm Al(NO₃)₃; NH₄NO₃ và HNO₃ dư

Y là tơ capron nên số mắt xích n = 287020 : 113 = 2540. 

Gọi m là số gam kim loại trong oxit, a là số mol O trong oxit thì n_{O trong oxit} = nSO₄^2- = a nên ta có hệ:

\(\left\{ \begin{array}{l}
m + 16a = 30\\
m + 96a = 94\\
m + 35,5.2a = {m_{clorua}}
\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}
m = 17,2\\
a = 0,8\\
{m_{clorua}} = 74
\end{array} \right.\)

Theo đề X là tetrapeptit tạo bởi 1 gốc Gly; 1 gốc Ala và 2 gốc Val. Mặt khác thủy phân không hoàn toàn X thu được hỗn hợp các amino axit và các peptit (trong đó có Ala-Val và Val-Gly) nên số công thức cấu tạo phù hợp với tính chất của X là 4, gồm: Ala-Val-Val-Gly; Val-Gly-Ala-Val; Val-Ala-Val-Gly và Ala-Val-Gly-Val

Đốt cháy hoàn toàn triglixerit X được nCO₂ - nH₂O = 4nX nên X có 5\(\pi \) , trong đó có (5 – 3) = 2\(\pi \) chưa no. Vậy 0,1 mol X tác dụng với dung dịch brom dư có 0,2 mol mol Br₂ tham gia phản ứng. 

Gọi a là số mol triglixerit thì xà phòng hóa X cần 3a mol NaOH, thu được Y và a mol C₃H₅(OH)₃.

Theo đề X chứa 2,08 mol H nên bào toàn H cho 2,08 + 3a = 8a + 0,99.2 → a = 0,02.

Bảo toàn Na thì đốt Y được 0,03 mol Na₂CO₃ nên bảo toàn C cho:

nC/X = nC/Y + nC/glixerol = (1,01 + 0,03) + 3.0,02 = 1,1 mol.

Vậy đốt 0,02 mol X được 1,1 mol CO₂ và 1,04 mol H₂O nên X có  \((\frac{{1,1 - 1,04}}{{0,02}} + 1 - 3) = 1\pi \) chưa no nên số mol Br₂ cần tìm = 0,02 mol.

Ta có nNO = nNO₂ = 0,1 mol.

Gọi a, b lần lượt là số mol Mg; MgO đã dùng và c là số mol NH₄NO₃ tạo ra, ta có hệ:

\(\left\{ \begin{array}{l}
24a + 40b = 10\\
2b + 10c + 4.0,1 + 2.0,2 = 0,925\\
2a = 3.0,1 + 0,1 + 8c
\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}
a = 0,25\\
b = 0,1\\
c = 0,0125
\end{array} \right.\)

Vậy mmuối = 148(a + b) +80c = 52,8 gam.

Gọi a là số mol A đã dùng, các phản ứng xảy ra:

A + 3H₂O + 4HCl → 50,5 gam muối.

A + 4NaOH → 44,7 gam muối + H₂O

Do đó: 

\(\left\{ \begin{array}{l}
m + 18.3a + 36,5.4a = 50,5\\
m + 40.4a = 44,7 + 18a
\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}
a = 0,1\\
b = 30,5
\end{array} \right.\)

Gọi a, b là số mol Mg và Zn trong 30 gam hỗn hợp X đã cho.

Vì thí nghiệm 2 dùng lượng axit gấp 1,5 lần so với thí nghiệm 1 nhưng H₂ thu được chỉ gấp 1,475 lần, chứng tỏ thí nghiệm 2 axit đã dùng dư, tức X ở thí nghiệm 2 đã tan hết. Do đó ta có hệ:

\(\left\{ \begin{array}{l}
24a + 65b = 30\\
a + b = 0,7375
\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}
a = 0,4375\\
b = 0,3
\end{array} \right.\)

Như vậy ở thí nghiệm 1, ta thấy kim loại Mg đã phản ứng hết là 0,4375 mol, Zn mới chỉ phản ứng là (0,5 – 0,4375) = 0,0625 mol, và Zn còn (0,3 – 0,0625) = 0,2375 mol chưa phản ứng.

Do đó A, B, C đều đúng (chọn D). 

Theo đề X có công thức chung C_nH_2n–1N₃O₆

Đặt CTTB của Y, Z, T là C_mH_2m+1NO₂.

Gọi a, b là số mol X và 3 amino axit trong W, ta có hệ:

\(\left\{ \begin{array}{l}
a(14n + 137) + b(14m + 47) = 66,06\\
0,5a(2n - 1) + 0,5b(2m + 1) = 2,49\\
an + bm = 2,56
\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}
a = 0,2\\
b = 0,06\\
10n + 3m = 128
\end{array} \right.\)

Chỉ có n = 12 ứng với m = 2,66 là phù hợp.

Do đó X có công thức C₁₂H₂₃N₃O₆.

Vậy X chỉ có thể là este tạo bởi glixerol và 3 amino axit là C₂H₅NO₂ (0,03 mol); C₃H₇NO₂ (0,02 mol) và C₄H₉NO₂ (0,01 mol).

Do đó T là amino axit T có 4 nguyên tử cacbon trong phân tử (chọn D).

Đặt công thức trung bình cửa NaOH và KOH là MOH, dễ thấy M = 27.

Do xà phòng hóa 12 gam RCOOR' bằng MOH được 12 gam muối RCOOM, chứng tỏ R' = M = 27 (C₂H₃-).

Vậy E có dạng RCOO-CH=CH₂ (a mol). Gọi k là số pi chưa no trong R (chú ý k <= 5  ), ta có hệ:

\(\left\{ \begin{array}{l}
a(R + 71) = 12\\
a(k + 1) = \frac{{20,4}}{{160}} = 0,5
\end{array} \right. \to R = 24k - 47\)

Với k = 4 → R = 49 ( R là CH≡C-C≡C-)

Vậy E có công thức cấu tạo là CH≡C–C≡C–COO–CH=CH₂

Do đó A, B, C đều đúng (chọn D).

Este mạch hở E có mC : mH : mO = 108 : 11 : 32 nên E có công thức nguyên là (C₉H₁₁O₂)_n.

Do E có phân tử khối không vượt quá 600u nên n < 3,97.

Mặt khác E phải có số H chẵn nên E chỉ có thể có công thức phân tử là C₁₈H₂₂O₄.

Mặt khác xà phòng hóa E được hỗn hợp chỉ gồm ancol đơn chức no A và muối natri của axit cacboxylic B nên B phải là axit cacboxylic nhị chức. Đốt muối B được hỗn hợp chỉ gồm 0,84 mol CO2 và 0,12 mol Na₂CO₃ cho thấy muối B không chứa H.

Bảo toàn natri cho thấy NaOH đã dùng là 0,24 mol nên nE = 0,12 mol và nE = nB = 0,12 mol.

Vậy B có số cacbon trong phân tử là (0,84 + 0,12) : 0,12 = 8, ứng với cấu tạo là: NaOOC–C≡C–C≡C– C≡C–COONa

Do xà phòng hóa E chỉ được ancol đơn chức no A không có khả năng tách nước tạo anken và muối B nên E có công thức cấu tạo là (CH₃)₃C-CH₂-OOC–C≡C–C≡C– C≡C–COO-CH₂-C(CH₃)₃.

Vậy chọn D.