Nguyên tố crom có số oxi hóa +3 trong Cr₂O₃.

Đáp án D

Kim loại W có nhiệt độ nóng chảy cao nhất trong tất cả các kim loại.

Đáp án C

Vào mùa đông, nhiều gia đình sử dụng bếp than đặt trong phòng kín để sưởi ấm gây ngộ độc khí, có thể dẫn đến tử vong. Nguyên nhân gây ngộ độc là do khí CO

Đáp án B

\(KHC{O_3}\, + \,HCl\, \to \,KCl\, + \,{H_2}O\, + \,C{O_2} \uparrow \)

NaHS là muối axit

Đáp án B

C₂H₂ +  2AgNO₃ + 2NH₃ → Ag₂C₂↓ vàng nhạt + 2NH₄NO₃

\(Al{(OH)_3}\, + 3HCl\, \to \,AlC{l_3}\, + \,3{H_2}O\)

Các loại phân lân đều cung cấp cho cấy trồng nguyên tố photpho

Đáp án B

Nung nóng Fe(OH)₃ đến khối lượng không thay đổi → Fe₂O₃

Đáp án cần chọn là: D

Saccarozơ là một loại đisaccarit có nhiều trong cây mía, hoa thốt nốt, củ cải đường. Công thức phân tử của saccarozơ là C₁₂H₂₂O₁₁.

Đáp án D

Tên gọi của hợp chất CH₃CHO là anđehit fomic.  

Đáp án C

Trùng hợp vinyl clorua thu được polime có tên gọi là  poli (vinyl clorua). 

Đáp án B

\(BTKL \Rightarrow {m_{HCl}} = {m_{m.khan}} - {m_{a\min }} = 9,125\,gam\, \Rightarrow {n_{HCl}} = 0,25\,mol \Rightarrow V = 250ml\)

\(\begin{array}{l}
Ca{C_2} + 2{H_2}O \to {C_2}{H_2} + Ca{(OH)_2}\\
{C_2}{H_2} + 2B{r_2} \to {C_2}{H_2}B{r_4}
\end{array}\)

HCOOC₂H₅, CH₃COOCH₃

\(\left\{ \begin{array}{l}
23{n_{Na}} + 39{n_K} = 0,425\\
{n_{Na}} + {n_K} = 2{n_{{H_2}}} = 0,015
\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
{n_{Na}} = 0,01\\
{n_K} = 0,005
\end{array} \right. \Rightarrow {m_{Na}} = 0,23\,gam\)

\({n_{glu}} = \frac{{{n_{Ag}}}}{2} = 0,015\,mol\, \Rightarrow \,{m_{glu}}\, = \,2,7\,gam\)

Hai cập chất không tác dụng được với nhau thì sẽ cùng tồn tại được trong một dung dịch

phenylamoni clorua, alanin, Gly-Ala.

\({n_{CaC{O_3}}} = {n_{C{O_2}}} = 3{n_{F{e_2}{O_3}}} = 0,3\,mol\, \Rightarrow \,{m_{CaC{O_3}}} = 30\,gam\)

m = 22,15

Giải thích các bước giải:

Gọi số liên kết pi trong X là k

CTPT của X: C_nH_2n+2-2kO₆

nCO₂ - nH₂O = a.(k-1) = 1,375 - 1,275 = 0,1 mol      (1)

nBr₂ = (k-3).a = 0,05      (2)

Từ (1) và (2) → a = 0,025; ak = 0,125

nNaOH = 0,025 . 3 = 0,075 mol

nC₃H₅(OH)₃ = 0,025 mol

mX = mC + mH + mO = 1,375.12 + 1,275.2 + 0,025.6.16 = 21,45(g)

Bảo toàn khối lượng: mX + mNaOH = mC₃H₅(OH)₃ + m muối

→ m muối = 22,15(g)

(b), (c) → X1 là C₆H₄(COONa)₂

X₃ là C₆H₄(COOH)₂, X4 là C₂H₄(OH)₂

(a) có H₂O nên X có chức axit.

X là HOOC-C₆H₄-COOC₂H₅ và X₂ là C₂H₅OH

(d) → X5 là C₆H₄(COOC₂H₅)₂ → MX₅ = 222

C₆H₄(COOH)₂ + C₂H₄(OH)₂ → C₆H₄(COOC₂H₄)₂ + 2H₂O

Đặt mỗi phần có chứa: n_M2CO3 = x mol

n_MHCO3 = y mol

*P2: Chỉ có M₂CO₃ phản ứng tạo kết tủa

→ n_M2CO3 = n_BaCO3(P2) = 0,06 mol

* P1: n_BaCO3 = 31,52 : 197 = 0,16 mol

Cả 2 muối đều phản ứng hết.

BT “C”: n_BaCO3(P1) = n_M2CO3 + n_MHCO3 

→ n_MHCO3 = 0,16 – 0,06 = 0,1 mol

E gồm (M₂CO₃: 0,12 và MHCO₃: 0,2 mol) → 0,12.(2M + 60) + 0,2.(M + 61) = 27,32 → M = 18(NH₄⁺)

A. S. Cả hai muối đều bị nhiệt phân

B. Đ. Tạo khí NH₃

C. S

D. S. n_NaOH = 0,12.2 + 0,2.2 = 0,64 mol

X: Axit glutamic

Y: etyl fomat

Z: Anilin

Đặt n_Al2(SO4)3 = a mol; n_Al(NO3)3 = b (mol)

*Khi y = 4,275 gam thì BaSO₄ đạt cực đại

BT “S”: n_BaSO4 = n_Ba(OH)2 = 3n_Al2(SO4)3 = 3a (mol)

n_OH- = 6a (mol) → n_Al(OH)3 = 2a (mol)

Ta có: y = 233.3a + 78.2a = 4,275 → a = 0,005 mol

* Khi x = 0,045 mol → Al(OH)₃ đạt cực đại

→ n_Al3+ = nOH^- : 3 hay 2a + b = 0,09:3 → b = 0,02

→ m = 0,005.342 + 0,02.213 = 5,97 gam

NaOH, HCl, HNO₃, AgNO₃, Mg

2OH^- + Fe²⁺ → Fe(OH)₂

Fe²⁺ + H⁺ + NO₃^- → Fe³⁺ + NO + H₂O (HCl và HNO₃)

Ag⁺ + Fe²⁺ → Ag + Fe³⁺

Mg + Fe²⁺ → Mg²⁺ + Fe

nCO₂ = 0,18 mol; nH₂O = 0,21 mol

BTKL → m_X = m_C + m_H = 0,18.12 + 0,21.2 = 2,58 (g)

Ta luôn có: 

\({n_X} = \frac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{{k - 1}} \to 0,1 = \frac{{0,18 - 0,21}}{{k - 1}} \to k = 0,7\)

n_π(X) = 0,7.0,1 = 0,07 mol

Tỉ lệ:

2,58 gam X phản ứng với 0,07 mol Br₂

→ 3,87 gam X phản ứng với 0,105 mol Br₂

(a) Cu dư + Fe(NO₃)₃ → Cu(NO₃)₂ + Fe(NO₃)₂           

(b) CO₂ dư + NaOH → NaHCO₃

(c) Na₂CO₃ + Ca(HCO₃)₂ → CaCO₃↓ + 2NaHCO₃     

(d) Fe dư + 2FeCl₃ → 3FeCl₂

(e) BaO + H₂O → Ba(OH)₂                                         

(g) Fe₂O₃ + 6HCl dư → 2FeCl₃ + 3H₂O

Ba(OH)₂ + Al₂O₃ → Ba(AlO₂)₂ + H₂O                        

Cu + 2FeCl₃ → CuCl₂ + 2FeCl₂

(a) Đúng

(b) Sai: Ba + 2H₂O → Ba(OH)₂ + H₂

Ba(OH)₂ + CuSO₄ → BaSO₄ + Cu(OH)₂

(c) Sai: FeCl₃ + 3AgNO₃ → Fe(NO₃)₃ + 3AgCl

(d) Đúng, cặp điện cực Fe – C

(e) Đúng: Hg + S → HgS xảy ra ở điều kiện thường.

CH₃-CH₂-CH₂-OOC-CH₂-CH₂-CH(NH₂)-COOH

(CH₃)₂CH-OOC-CH₂-CH₂-CH(NH₂)-COOH

HOOC-CH₂-CH₂-CH(NH₂)-COO-CH₂-CH₂-CH₃         

HOOC-CH₂-CH₂-CH(NH₂)-COO-CH(CH₃)₂

CH₃-OOC-CH₂-CH₂-CH(NH₂)-COO-C₂H₅                  

C₂H₅-OOC-CH₂-CH₂-CH(NH₂)-COO-CH₃

(b) ⇒ M không thể là Cr vì Cr tạo CrCl₂ khi phản ứng với HCl.

(d) ⇒ Y chứa K. ⇒ X, Y, Z là KOH, KAlO₂, Al(OH)₃

(a) Đúng, nhóm -NH₂ hoạt hóa mạnh vòng thơm.      

(b) Đúng, đó là CH₃COOH và HCOOCH₃

(c) Sai

(d) Đúng: NH₂-CH₂-COOCH₃ + NaOH → NH₂-CH₂-COONa + CH₃OH

NH₂-CH₂-COOCH₃ + HCl + H₂O → NH₃Cl-CH₂-COOH + CH₃OH

(e) Đúng

(g) Đúng, chất béo là thành phần chính của dầu thực vật và mỡ động vật.

Quy đổi X thành Ba (a mol), K (b mol), Al (c mol), O(d mol)

→ m_O = 16d = 10%(137a + 39b + 27c + 16d) (1)

Bte: 2a + b + 3c = 2d + 0,056.2 (2)

Kết tủa gồm: BaSO₄ (a mol) và Al(OH)₃ ((4,98-233a)/78 mol)

Dung dịch Z chứa SO₄^2- (0,04 – a), Cl^- (0,02), K⁺ (b) và Al³⁺ [c-(4,98-233a)/78]

BTĐT:

2(0,04 - a) + 0,02 = b + 3[c - (4,98 – 233a)/78] (3)

m muối = 96(0,04 – a) + 0,02.35,5 + 39b + 27[c – (4,98 – 233a)/78] = 6,182 (4)

Giải (1)(2)(3)(4) → a = 0,012; b = 0,07; c = 0,03; d = 0,036

→ m = 5,76 gam

Xem hỗn hợp Y gồm: HCOOCH₃ (a mol), (COOCH₃)₂ (b mol) và CH₂ (c mol)

a + b = 0,08

a + 2b = NaOH = 0,11

⇒ a = 0,05 ; b = 0,03

Thay việc đốt X bằng đốt Y:

O₂ đốt X + O₂ đốt H₂ = O₂ đốt Y → c = 0,4 ? → m_Y = 12,14 (gam)

Muối Z gồm RCOONa (0,05) và R’(COONa)₂ (0,03 mol)

→ 0,05 (R +67) + 0,03 (R’ + 134) = 12,14 + 0,11.40 – 6,88 = 9,66 

→ 5R +3R’ = 229 → R =29, R’=28

→ C₂H₅COONa và C₂H₄(COONa)₂ 

→  %M₂ = (0,03.162.100)/9,66 = 50,31

Đặt nCO₂ = x ; nNO =2y; nN₂ = y

⇒ mY = 44x + 30.2y + 28y + 0,025.2 = 7,97

Bảo toàn N ⇒ n NH₄⁺ = 0,25 – 4y

nH⁺ = 1,22 + 0,25 = 2x + 4.2y + 12y + 10(0,25 – 4y) + 0,025.2

⇒ x = y = 0,06

Quy đổi X thành Al (a), Mg (b), Fe (c) và CO₃ (0,06)

mX = 27a + 24b + 56c + 0,06.60 = 18,32 (1)

m rắn = 40b + 160c/2 = 8,8 (2)

Z + NaOH ⇒ Dung dịch chứa Na⁺

(1,22 + 1,54 = 2,76), SO₄^2- (1,22), AlO₂^- (a)

Bảo toàn điện tích: a + 1,22.2 = 2,76 (3)

Từ (1), (2), (3) ⇒ a = 0,32; b = 0,02; c = 0,1

nFeCO₃ = x – b = 0,04 ⇒ nFe = c – 0,04 = 0,06

⇒ %Fe = 18,34%

Gọi số mol của CuSO₄: x (mol) ; KCl: 5x (mol)

Điện phân lần 1: n_e = 0,04 theo phương trình đường chéo ta có:

nCl₂ : nH₂ = 2 : 1

Tại Anot: Cl- → Cl₂ + 2e

0,02 ← 0,04 (mol)

Tại Catot:

Cu²⁺ + 2e → Cu

2H₂O + 2e → 2OH^- + H₂↑

0,01 ← 0,01 (mol)

nCu = (0,04 − 0,01.2) : 2 = 0,01 (mol)

Điện phân lần 2:

Vì mCl^- + mCu²⁺ < 2,715 → cả 2 điện cực đều điện phân nước

(A) 2Cl^- → Cl₂ + 2e

0,05 → 0,05 (mol)

2H₂O + 2e → 4H⁺ + O₂ + 4e

a → 4a (mol)

(K) Cu²⁺ + 2e → Cu

0,01 → 0,02 (mol)

2H₂O + 2e → 2OH^- + H₂↑

2b ← b (mol)

Ta có hệ phương trình:

0,05 + 4a = 0,02 + 2b và 35,3.0,05 + 32a + 2b + 0,01.64 = 2,715

→ a = 0,0075 và b = 0,03

→ n_e = 0,08 (mol) = It/F

→ t = 3860 (s)

Quy E về C₂H₃NO, CH₂, H₂O và HCOOCH₃ với số mol x, y, z và t.

⇒ m_E = 57x + 14y + 18z + 60t = 117,36 gam; n_O2 = 2,25x + 1,5y + 2t = 5,37 mol.

G gồm C₂H₄NO₂Na (x mol), CH₂ (y mol) và HCOONa (t mol)

⇒ nH₂O = 2x + y + 0,5t = 2,8 mol.

Bảo toàn Cacbon: nCO₂ = 1,5x + y + 0,5t = 2,58 mol

⇒ giải hệ có:

x = 0,44 mol; y = 1,32 mol; z = 0,1 mol; t = 1,2 mol.

Gỉa sử không ghép CH₂ cho este ⇒ CH_{2 peptit} = 13,2

⇒ phải có peptit ghép ít nhất 14CH₂.

⇒ số C > 14 ⇒ loại ⇒ ghép 1CH₂ cho este (CH₃COOC₂H₅)

⇒ dư 0,12 mol CH₂.

Dễ thấy X là GlyAla, lại có k_tb = 4,4 ⇒ phải có peptit chứa ít nhất 5 mắt xích.

⇒ Z là Gly₄Ala ⇒ Y là GlyVal

Đặt số mol 3 peptit lần lượt là a, b, c

⇒ a + b + c = 0,1.

2a + 2b + 5c = 0,44; a + 3b + c = 0,12

⇒ giải hệ có: a = b = 0,01 mol; c = 0,08 mol

⇒ %m_X = 1,24% ⇒ chọn C.

X gồm Fe (6x), Fe₃O₄ (x) và FeCO₃ (2x)

→ mX = 800x → nCu = 0,2mX/64 = 2,5x

Bảo toàn electron: 2nFe + 2nCu = 2nFe₃O₄ + 2nSO₂

→ nSO₂ = 7,5x

nZ = nCO₂ + nSO₂ = 2x + 7,5x = 0,095

→ x = 0,01

Vậy Z gồm CO₂ (2x = 0,02) và SO₂ (7,5x = 0,075)

→ Kết tủa CaCO₃ (0,02) và CaSO₃ (0,075) → a = 11 

n_CO2 = 0,2 mol; n_H2O = 0,35 mol → Y là ancol no, đơn chức → n _ancol = n_H2O – n_CO2 = 0,15 mol

Số C trung bình = 0,2:0,15 = 1,33 → m _ancol = n_C + n_H + n_O = 0,2.12 + 0,35.2 + 0,15.16 = 5,5 (g)

Do n_ancol < n_NaOH → hỗn hợp có este của phenol

→ n_{(este của  phenol)} = (0,35 – 0,15)/2 = 0,1 mol

→  n_H2O = 0,1 mol

BTKL: m _este + m_NaOH = m _ancol + m _muối + m_H2O

→ m _este + 0,35.40 = 5,5 + 28,6 + 0,1.18

→ m = 21,9 (g)

E gồm CnH2n+3O2N (u mol) và CmH2m+4O4N2 (v mol)

Ta có hệ phương trình: nE = u + v = 0,2  (1)

nO₂ = u(1,5n-0,25)+ v(1,5n-1) = 0,58    (2)

nH₂O = u(n+1,5)+v(m+2) = 0,84    (3)

⇒ u = 0,08 và v = 0,12

nu + mv = 0,48 ⇒ 2n + 3m = 12.

Do n ≥ 1 và m ≥ 2 nên n = 3 và m = 2 là nghiệm duy nhất.

Sản phẩm chỉ có 1 khí duy nhất nên:

Y là C2H5COONH4 (0,08 mol); X là (COONH4)2 (0,12 mol)

⇒ Muối gồm C2H5COONa (0,08) và (COONa)2 (0,12)

⇒ m muối = 23,76