Lý Thuyết Lớp 12
Lý thuyết lớp 11
Lý thuyết lớp 10
Lý thuyết lớp 9
Lý thuyết lớp 8
Lý thuyết lớp 7
Lý thuyết lớp 6
Lý thuyết lớp 5
Lý thuyết lớp 4
Lý thuyết lớp 3
Lý thuyết lớp 2
Lý thuyết lớp 1
Thi vào lớp 10
Đại học
Thư viện câu hỏi
Thi Online
Hỏi bàiĐốt cháy hoàn toàn 12,82 gam hỗn hợp X gồm hai este đơn chức cần dùng 0,775 mol O2, thu được CO2 và 5,94 gam H2O. Mặt khác, đun nóng 12,82 gam X với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được một ancol Y duy nhất và 15,64 gam hỗn hợp muối Z. Dẫn toàn bộ ancol Y qua bình đựng Na dư, thấy khối lượng bình tăng 2,85 gam. Phần trăm khối lượng muối của axit cacboxylic có khối lượng phân tử lớn hơn trong Z là
A. 30,69%
B. 29,41%
C. 34,53%
D. 44,50%
Lời giải của giáo viên
ToanVN.com
\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aqatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeaacaGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaGaamOBamaaBa % aaleaacaWGibWaaSbaaWqaaiaaikdaaeqaaSGaam4taaqabaGccqGH % 9aqpcaaIWaGaaiilaiaaiodacaaIZaGaeyOKH4QaamOqaiaadsfaca % WGlbGaamitaiabgkziUkaad6gadaWgaaWcbaGaam4qaiaad+eadaWg % aaadbaGaaGOmaaqabaaaleqaaOGaeyypa0JaaGimaiaacYcacaaI3a % GaaGOmaaaa!4C59! {n_{{H_2}O}} = 0,33 \to BTKL \to {n_{C{O_2}}} = 0,72\)
Đặt x, y là số mol este của ancol và este của phenol.
Bảo toàn O: 2x + 2y + 0,0775.2 = 0,72.2 + 0,33
\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aqatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeaacaGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaGaamOBamaaBa % aaleaacaWGbbGaamOBaiaadogacaWGVbGaamiBaaqabaGccqGH9aqp % caWG4bGaeyOKH4QaamyBamaaBaaaleaacaWGbbGaamOBaiaadogaca % WGVbGaamiBaaqabaGccqGH9aqpcaWGTbWaaSbaaSqaaiaadIeadaWg % aaadbaGaaGOmaaqabaaaleqaaaaa!4922! {n_{Ancol}} = x \to {m_{Ancol}} = {m_{{H_2}}}\)+ m tăng = x + 2,85
\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aqatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeaacaGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaGaamOBamaaBa % aaleaacaWGobGaamyyaiaad+eacaWGibaabeaakiabg2da9iaadIha % cqGHRaWkcaaIYaGaamyEaiaacUdacaWGUbWaaSbaaSqaaiaadIeada % WgaaadbaGaaGOmaaqabaWccaWGpbaabeaakiabg2da9iaadMhacaGG % Uaaaaa!4645! {n_{NaOH}} = x + 2y;{n_{{H_2}O}} = y.\)
\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aqatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeaacaGaaiaabeqaamaabaabaaGceaqabeaacaWGcb % GaamivaiaadUeacaWGmbGaaiOoaiaaigdacaaIYaGaaiilaiaaiIda % caaIYaGaey4kaSIaaGinaiaaicdadaqadaqaaiaadIhacqGHRaWkca % aIYaGaamyEaaGaayjkaiaawMcaaiabg2da9iaaigdacaaI1aGaaiil % aiaaiAdacaaI0aGaey4kaSYaaeWaaeaacaWG4bGaey4kaSIaaGOmai % aacYcacaaI4aGaaGynaaGaayjkaiaawMcaaiabgUcaRiaaigdacaaI % 4aGaamyEaaqaaiabgkziUkaadIhacqGH9aqpcaaIWaGaaiilaiaaic % dacaaI1aGaai4oaiaadMhacqGH9aqpcaaIWaGaaiilaiaaicdacaaI % 2aaaaaa!60D3! \begin{gathered} BTKL:12,82 + 40\left( {x + 2y} \right) = 15,64 + \left( {x + 2,85} \right) + 18y \hfill \\ \to x = 0,05;y = 0,06 \hfill \\ \end{gathered} \)
\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aqatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeaacaGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaGaamytamaaBa % aaleaacaWGHbGaamOBaiaadogacaWGVbGaamiBaaqabaGccqGH9aqp % daWcaaqaaiaadIhacqGHRaWkcaaIYaGaaiilaiaaiIdacaaI1aaaba % GaamiEaaaacqGH9aqpcaaI1aGaaGioaiaacUdacaWGdbGaamisamaa % BaaaleaacaaIYaaabeaakiabg2da9iaadoeacaWGibGaeyOeI0Iaam % 4qaiaadIeadaWgaaWcbaGaaGOmaaqabaGccaWGpbGaamisaaaa!4FFA! {M_{ancol}} = \frac{{x + 2,85}}{x} = 58;C{H_2} = CH - C{H_2}OH\)
X gồm ACOOC3H5 (0,05) và BCOOP (0,06)
mX = 0,05.(A + 85) + 0,06(B + P + 44) = 12,82
→5A + 6B + 6P = 593
Với A, B ≥ 1 và P ≥ 77 → A = 25; B = 1 và P = 77 là nghiệm duy nhất.
Muối gồm CH≡C-COONa (0,05), HCOONa (0,06) và C6H5ONa (0,06)
→ % CH≡C-COONa = 29,41%
CÂU HỎI CÙNG CHỦ ĐỀ
Hiđro hóa hiđrocacbon X thu được butan. X tác dụng với dung dịch AgNO3 trong NH3, thu được kết tủa. Số công thức cấu tạo của X là
Cho 9,84 gam hỗn hợp E gồm hai chất hữu cơ: X (C5H13O3N3, là muối của đipeptit) và Y (C5H14O4N2, mạch hở), tác dụng hết với lượng dư dung dịch NaOH, thu được 0,06 mol một amin và dung dịch chứa m gam hỗn hợp X gồm hai muối (trong đó có một muối của axit cacboxylic). Phần trăm khối lượng của muối có phân tử khối nhỏ hơn trong Z là
Cho 15,75 gam hỗn hợp X gồm C2H5NH2 và H2N-CH2-COOH tác dụng vừa đủ với dung dịch chứa a mol HCl, thu được 24,875 gam muối. Giá trị của a là
Cho a mol Al vào dung dịch chứa b mol FeCl3 và c mol CuCl2. Sau khi phản ứng xảy ra. hoàn toàn thu được dung dịch X chứa 2 muối. Kết luận đúng là
Kim loại nào sau đây tác dụng với dung dịch kiềm, giải phóng khí H2?
Ở điều kiện thích hợp, kim loại Al không tác dụng với chất nào sau đây?
Hỗn hợp X gồm tristearin, tripanmitin và axit stearic, axit panmitic. Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần dùng vừa đủ 4,38 mol O2, thu được 3,06 mol CO2 và 2,98 mol H2O. Cho m gam X tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được m1 gam hỗn hợp muối. Giá trị của m1 là
Cho phản ứng sau: X + Y → BaCO3 + CaCO3 + H2O. X, Y có thể là:
Đá vôi dùng làm vật liệu xây dựng, sản xuất vôi, xi măng, thủy tinh,... Thành phần chính của đá vôi là
Trong số các chất sau, chất không tác dụng được với Cu(OH)2 ở nhiệt độ thường là
Dung dịch Fe2(SO4)3 không tác dụng với chất nào sau đây?
