Lý Thuyết Lớp 12
Lý thuyết lớp 11
Lý thuyết lớp 10
Lý thuyết lớp 9
Lý thuyết lớp 8
Lý thuyết lớp 7
Lý thuyết lớp 6
Lý thuyết lớp 5
Lý thuyết lớp 4
Lý thuyết lớp 3
Lý thuyết lớp 2
Lý thuyết lớp 1
Thi vào lớp 10
Đại học
Thư viện câu hỏi
Thi Online
Hỏi bàiĐốt cháy hoàn toàn 12,82 gam hỗn hợp X gồm hai este đơn chức cần dùng 0,775 mol O2, thu được CO2 và 5,94 gam H2O. Mặt khác, đun nóng 12,82 gam X với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được một ancol Y duy nhất và 15,64 gam hỗn hợp muối Z. Dẫn toàn bộ ancol Y qua bình đựng Na dư, thấy khối lượng bình tăng 2,85 gam. Phần trăm khối lượng muối của axit cacboxylic có khối lượng phân tử lớn hơn trong Z là
A. 30,69%
B. 29,41%
C. 34,53%
D. 44,50%
Lời giải của giáo viên
ToanVN.com
\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aqatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeaacaGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaGaamOBamaaBa % aaleaacaWGibWaaSbaaWqaaiaaikdaaeqaaSGaam4taaqabaGccqGH % 9aqpcaaIWaGaaiilaiaaiodacaaIZaGaeyOKH4QaamOqaiaadsfaca % WGlbGaamitaiabgkziUkaad6gadaWgaaWcbaGaam4qaiaad+eadaWg % aaadbaGaaGOmaaqabaaaleqaaOGaeyypa0JaaGimaiaacYcacaaI3a % GaaGOmaaaa!4C59! {n_{{H_2}O}} = 0,33 \to BTKL \to {n_{C{O_2}}} = 0,72\)
Đặt x, y là số mol este của ancol và este của phenol.
Bảo toàn O: 2x + 2y + 0,0775.2 = 0,72.2 + 0,33
\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aqatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeaacaGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaGaamOBamaaBa % aaleaacaWGbbGaamOBaiaadogacaWGVbGaamiBaaqabaGccqGH9aqp % caWG4bGaeyOKH4QaamyBamaaBaaaleaacaWGbbGaamOBaiaadogaca % WGVbGaamiBaaqabaGccqGH9aqpcaWGTbWaaSbaaSqaaiaadIeadaWg % aaadbaGaaGOmaaqabaaaleqaaaaa!4922! {n_{Ancol}} = x \to {m_{Ancol}} = {m_{{H_2}}}\)+ m tăng = x + 2,85
\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aqatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeaacaGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaGaamOBamaaBa % aaleaacaWGobGaamyyaiaad+eacaWGibaabeaakiabg2da9iaadIha % cqGHRaWkcaaIYaGaamyEaiaacUdacaWGUbWaaSbaaSqaaiaadIeada % WgaaadbaGaaGOmaaqabaWccaWGpbaabeaakiabg2da9iaadMhacaGG % Uaaaaa!4645! {n_{NaOH}} = x + 2y;{n_{{H_2}O}} = y.\)
\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aqatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeaacaGaaiaabeqaamaabaabaaGceaqabeaacaWGcb % GaamivaiaadUeacaWGmbGaaiOoaiaaigdacaaIYaGaaiilaiaaiIda % caaIYaGaey4kaSIaaGinaiaaicdadaqadaqaaiaadIhacqGHRaWkca % aIYaGaamyEaaGaayjkaiaawMcaaiabg2da9iaaigdacaaI1aGaaiil % aiaaiAdacaaI0aGaey4kaSYaaeWaaeaacaWG4bGaey4kaSIaaGOmai % aacYcacaaI4aGaaGynaaGaayjkaiaawMcaaiabgUcaRiaaigdacaaI % 4aGaamyEaaqaaiabgkziUkaadIhacqGH9aqpcaaIWaGaaiilaiaaic % dacaaI1aGaai4oaiaadMhacqGH9aqpcaaIWaGaaiilaiaaicdacaaI % 2aaaaaa!60D3! \begin{gathered} BTKL:12,82 + 40\left( {x + 2y} \right) = 15,64 + \left( {x + 2,85} \right) + 18y \hfill \\ \to x = 0,05;y = 0,06 \hfill \\ \end{gathered} \)
\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aqatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeaacaGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaGaamytamaaBa % aaleaacaWGHbGaamOBaiaadogacaWGVbGaamiBaaqabaGccqGH9aqp % daWcaaqaaiaadIhacqGHRaWkcaaIYaGaaiilaiaaiIdacaaI1aaaba % GaamiEaaaacqGH9aqpcaaI1aGaaGioaiaacUdacaWGdbGaamisamaa % BaaaleaacaaIYaaabeaakiabg2da9iaadoeacaWGibGaeyOeI0Iaam % 4qaiaadIeadaWgaaWcbaGaaGOmaaqabaGccaWGpbGaamisaaaa!4FFA! {M_{ancol}} = \frac{{x + 2,85}}{x} = 58;C{H_2} = CH - C{H_2}OH\)
X gồm ACOOC3H5 (0,05) và BCOOP (0,06)
mX = 0,05.(A + 85) + 0,06(B + P + 44) = 12,82
→5A + 6B + 6P = 593
Với A, B ≥ 1 và P ≥ 77 → A = 25; B = 1 và P = 77 là nghiệm duy nhất.
Muối gồm CH≡C-COONa (0,05), HCOONa (0,06) và C6H5ONa (0,06)
→ % CH≡C-COONa = 29,41%
CÂU HỎI CÙNG CHỦ ĐỀ
Cho 15,75 gam hỗn hợp X gồm C2H5NH2 và H2N-CH2-COOH tác dụng vừa đủ với dung dịch chứa a mol HCl, thu được 24,875 gam muối. Giá trị của a là
Hiđro hóa hiđrocacbon X thu được butan. X tác dụng với dung dịch AgNO3 trong NH3, thu được kết tủa. Số công thức cấu tạo của X là
Cho 9,84 gam hỗn hợp E gồm hai chất hữu cơ: X (C5H13O3N3, là muối của đipeptit) và Y (C5H14O4N2, mạch hở), tác dụng hết với lượng dư dung dịch NaOH, thu được 0,06 mol một amin và dung dịch chứa m gam hỗn hợp X gồm hai muối (trong đó có một muối của axit cacboxylic). Phần trăm khối lượng của muối có phân tử khối nhỏ hơn trong Z là
Cho a mol Al vào dung dịch chứa b mol FeCl3 và c mol CuCl2. Sau khi phản ứng xảy ra. hoàn toàn thu được dung dịch X chứa 2 muối. Kết luận đúng là
Kim loại nào sau đây tác dụng với dung dịch kiềm, giải phóng khí H2?
Cho phản ứng sau: X + Y → BaCO3 + CaCO3 + H2O. X, Y có thể là:
Trong số các chất sau, chất không tác dụng được với Cu(OH)2 ở nhiệt độ thường là
Đá vôi dùng làm vật liệu xây dựng, sản xuất vôi, xi măng, thủy tinh,... Thành phần chính của đá vôi là
Ở điều kiện thích hợp, kim loại Al không tác dụng với chất nào sau đây?
Dung dịch Fe2(SO4)3 không tác dụng với chất nào sau đây?
